C、因为铜球漂浮，所以F铜=G铜， 因为铁球悬浮，所以F铁=G铁， 因为铝球下沉，所以F铝＜G铝， 又因为F铜＜F铁=F铝，
所以，比较可知G铜＜G铁＜G铝， 则：m铝＞m铁＞m铜，故C正确；
D、因为铝球下沉到水底，浮力小于重力，所以铝球对杯底一定有压力作用。故D错误。 故选：C。
根据物体的沉浮条件进行判断，浸在水中的物体，其沉浮条件取决于它所受到的浮力和重力的大小：
（1）当浮力大于重力时，物体上浮； （2）当浮力小于重力时，物体下沉；
（3）当浮力等于重力时，物体处于悬浮或漂浮状态。
解决此类型的题目，要求把物体的沉浮条件和阿基米德原理联合使用，本题关键有二：一是根据物体和液体的密度关系确定物体的浮沉，二是利用好阿基米德原理F浮=ρ水gV排。 8.【答案】扩散 温度
【解析】
解：整个屋子弥漫着有毒气体的气味，是分子不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象。
因为分子在永不停息地做无规则运动，运动速度与温度有关。所以在夏天时，扩散现象更为严重。 故答案为：扩散；温度。
要解答本题需掌握：扩散现象，以及温度对分子热运动的影响，温度越高，分子热运动越剧烈。
本题通过生活中的现象考查了学生对扩散现象的了解和掌握，要求学生能够学以致用。
9.【答案】地球 增大 非平衡力
【解析】
解：
地球同步通信卫星绕地球转动的周期跟地球自转的周期相同，所以叫做“同步”卫星，它们相对“地球”是静止的；
卫星在发射升空过程中，加速上升，速度增大，动能增大，高度升高，重力势能增大，机械能增大；
卫星环绕地球转动，运动方向不断变化，所以受非平衡力的作用。 故答案为：地球；增大；非平衡力。
（1）判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的；
（2）物体加速上升，速度增大，动能增大，高度升高，重力势能增大，总机械能增大；
（3）物体受平衡力的作用时，总保持静止或者匀速直线运动状态。
本题考查了学生对同步卫星的掌握和了解，考查了运动和静止的相对性、机械能的转化、平衡状态的判断，属力学基础题，难度不大。 10.【答案】静电
【解析】
解：穿过的衣服由于摩擦，使衣服带上了同种电荷，同种电荷相互排斥，这是静电现象。
故答案为：静电。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。据此分析回答。
明确电荷间的相互作用规律是解题的关键。 11.【答案】色散 荧光
【解析】
解：（1）太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象；
（2）紫外线照到100元钞票的荧光物质上，能使荧光物质发光。 故答案为：色散；荧光。
（1）太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，这就是光的色散现象； （2）紫外线照在荧光物质上，能够发光。
本题考查了光的色散现象、紫外线的性质，是一道基础题；熟练掌握基础知识是正确解题的前提与关键。
12.【答案】右 6 3 变大 F的力臂变小 重力 3
【解析】
解：
（1）杠杆静止时，杠杆左端下沉，说明右端偏高，平衡螺母需向右调节； （2）①设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件： FALA=FBLB 4G×3L=FB×2L 解得FB=6G
即需在B点处挂6个钩码；
②每个钩码重0.5N，若在B点处施加一个竖直向下的拉力，则FB=6G=6×0.5N=3N；
若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大； （3）若不计杠杆的重力，根据杠杆的平衡条件： F向上L向上=F向下L向下
F′×3L=3G×6L
解得F′=6G=6×0.5N=3N，
由于杆的重心在杆的中点，方向竖直向下，重力与钩码同时使杠杆向逆时针方向转动，所以弹簧测力计的示数应大于3N。
故答案为：（1）右；（2）①6；②3；变大；F的力臂变小；（3）重力；3。 （1）在调平杠杆平衡时，杠杆的哪端高，平衡螺母要向哪端移动； （2）根据杠杆的平衡条件计算出在B点挂的钩码个数或拉力的大小；
当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化； （3）若杠杆的支点在杠杆的中点处，此时重力恰好作用在支点，若不在中点，此时杠杆的平衡会受重力的影响，根据重力的方向判断出重力是使杠杆向哪个方向转动，从而判断出测量结果偏差。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
13.【答案】解：（1）正常加热时电功率P=1210W，电压U=220V，
由P=UI可得，电路中电流： I==
=5.5A；
（2）当开关S0闭合时处于加热状态R2短路、R1单独接入电路， 由公式P=可得：
R1===40Ω，
当开关断开时R1R2串联，处于保温状态保温功率P=40W，电压U=220V， 总电阻： R总=
=
=1210Ω，
R2=R总-R1=1210Ω-40=1170Ω；
（3）保温时间t=5min=300s。功率是P=40W，
300s=1.2×104J。 消耗的电能：W=Pt=40W×
答：（1）正常加热时，电路中的电流是5.5A；
（2）R1、R2、的阻值分别是40Ω、1170Ω；
104J。 （3）保温5min消耗的电能是1.2×【解析】
（1）根据P=UI变形可求正常加热时，电路中的电流；
（2）当开关S0闭合时处于加热状态R2短路、R1有效，根据公式P=开关断开时R1R2串联，处于保温状态已知保温功率，再由公式P=阻值之和，R2=R-R1可求。
（3）保温5min消耗的电能由W=Pt可求。
本题考查学生对实际用电器电功率的分析以及运用电功率公式计算相关物理量的能力，对学生来说有一定拔高难度。
14.【答案】解：（1）由分析知：滑轮组中需要三股绳子吊着物体，所以滑轮组的绕绳方法
如图：
可得R1；当可得R1R2
（2）钩码和动滑轮的总重是6.6N三股绳子吊着物体所以每股绳子承担物重的三分之一，即
2.2N，所以拉力为2.2N。
答：绳端施加的拉力为2.2N时，可使钩码匀速上升。 （3）η=
×100%=×100%=
×100%=×100%=
×100%=80%。
答：滑轮组的机械效率是80%。
【解析】
①三个钩码和动滑轮的总重是6.6N，绳子的承受力是2N，所以需要三股绳子吊着物体；
②钩码和动滑轮的总重是6.6N三股绳子吊着物体所以每股绳子承担物重的三分
【备战2020中考】荆州市中考物理第一次模拟考试模拟试题(含答案)
