专题复习检测
A卷
π→→
1．在空间四边形OABC中，OB＝OC，∠AOB＝∠AOC＝，则cos〈OA，BC〉等于( )
31A．
21C．－
2【答案】D
→→→→→→→→→→→→→→→
【解析】OA·BC＝OA·(OC－OB)＝OA·OC－OA·OB＝|OA|·|OC|cos〈OA，OC〉－|OA|·|OBπ→→π→→→→→→|cos〈OA，OB〉＝|OA|·|OC|cos－|OA|·|OB|cos＝0，∴cos〈OA，BC〉＝0.
33
2．已知长方体ABCD－A1B1C1D1中，AB＝BC＝4，CC1＝2，则直线BC1和平面DBB1D1
夹角的正弦值为( )
A．C．
3
210 5
B．D．
3
310 10B．
2
2
D．0
【答案】C
【解析】如图，建立空间直角坐标系，则B(4,0,0)，C(4,4,0)，C1(4,4,2)，显然AC⊥平面→→→→
BB1D1D，所以AC＝(4,4,0)为平面BB1D1D的一个法向量．又BC1＝(0,4,2)，所以cos〈BC1，AC〉→→BC1·AC＝＝
→→|BC1||AC|
1010＝，即直线BC1和平面DBB1D1夹角的正弦值为.
55
16＋4·16＋16
16
9
3．已知三棱柱ABC－A1B1C1的侧棱与底面垂直，体积为，底面是边长为3的正三角形．若
4P为底面A1B1C1的中心，则PA与平面ABC所成角的大小为( )
5πA．
12πC．
4【答案】B
【解析】如图，过P作PP′⊥平面ABC于P′，则P′为平面ABC的中心．连接AP′，
π
B．
3πD． 6
V
延长交BC于点M，则∠P′AP即为PA与平面ABC所成的角．由V＝Sh，得h＝＝
S
94
13
×3××322π
＝.故选B． 3
2
＝3，即PP′＝3.又AP′＝AM＝1，所以tan∠P′AP＝3.所以∠P′AP
3
4．二面角的棱上有A，B两点，直线AC，BD分别在这个二面角的两个半平面内且都垂直于AB.已知AB＝4，AC＝6，BD＝8，CD＝217，则该二面角的大小为( )
A．150° C．60° 【答案】C
→→→→→→→→→→→【解析】由条件知CA·AB＝0，AB·BD＝0，因为CD＝CA＋AB＋BD，所以|CD|2＝|CA|2＋|AB→→→→→→→→→|2＋|BD|2＋2CA·AB＋2AB·BD＋2CA·BD＝62＋42＋82＋2×6×8cos〈CA，BD〉＝(217)2.所以1→→→→→→cos〈CA，BD〉＝－，则〈CA，BD〉＝120°，即〈AC，BD〉＝60°.所以二面角的大小为60°.
2
5．(2024年广东东莞模拟)如图，圆锥的底面直径AB＝2，高OC＝2，D为底面圆周上的一点，∠AOD＝120°，则空间中两条直线AD与BC所成的角为( )
B．45° D．120°
A．30° C．75° 【答案】B
B．60° D．90°
【解析】如图，取弧AB中点E，以O为原点，OE所在直线为x轴，OB所在直线为y轴，OC所在直线为z轴建立空间直角坐标系．由题意得A(0，－1,0)，B(0,1,0)，C(0,0，2)，D?
31→?33?→?，BC＝(0，－1，2)．设直线AD与BC所成的角为θ，则，，0，则AD＝
?22??2，2，0?
→→|AD·BC|1
cos θ＝＝，∴θ＝60°.故选B．
→→2|AD|·|BC|
6．(2024年上海改编)已知向量a＝(1,0,2)，b＝(2,1,0)，则a与b的夹角的余弦值为________． 2【答案】
5
a·b2＋0＋02
【解析】cos θ＝＝＝.
|a||b|5×55
7．如图，已知正三棱柱ABC－A1B1C1的各条棱长都相等，M是侧棱CC1的中点，则异面直线AB1和BM所成的角的大小是________．
【答案】90°
→→→→→1→→→
【解析】不妨设棱长为2，则AB1＝BB1－BA，BM＝BC＋BB1，cos〈AB1，BM〉＝
2→→?→1→????BB
?1－BA?·?BC＋2BB1??|0－2＋2－0|
22×5
＝22×5
→→
＝0，所以〈AB1，BM〉＝90°.
8．正方形ABCD所在平面外有一点P，PA⊥平面ABCD，若PA＝AB，则平面PAB与平面PCD的夹角的余弦值为________．
【答案】45°
【解析】建立如图所示的空间直角坐标系，设PA＝AB＝1.则A(0,0,0)，D(0,1,0)，P(0,0,1)．于1111→→→
0，，?，∴AE＝?0，，?.易知AD是平面PAB的法是AD＝(0,1,0)．取PD中点为E，则E??22??22?2→→→
向量，AE是平面PCD的法向量，∴cos〈AD，AE〉＝，∴平面PAB与平面PCD的夹角为
245°.
2024届高考理科数学全优二轮复习训练：专题3 第3讲 空间角的计算
