微专题12 带电粒子在复合场中的运动
带电粒子在叠加场中的运动
1.带电体在叠加场中无约束情况下的运动 (1)洛伦兹力、重力并存
①若重力和洛伦兹力平衡,则带电体做匀速直线运动.
②若重力和洛伦兹力不平衡,则带电体将做复杂的曲线运动,因洛伦兹力不做功,故机械能守恒,由此可求解问题.
(2)静电力、洛伦兹力并存(不计重力的微观粒子) ①若静电力和洛伦兹力平衡,则带电体做匀速直线运动.
②若静电力和洛伦兹力不平衡,则带电体将做复杂的曲线运动,因洛伦兹力不做功,可用动能定理求解问题.
(3)静电力、洛伦兹力、重力并存 ①若三力平衡,一定做匀速直线运动. ②若重力与静电力平衡,一定做匀速圆周运动.
③若合力不为零且与速度方向不垂直,将做复杂的曲线运动,因洛伦兹力不做功,可用能量守恒定律或动能定理求解问题.
2.带电体在叠加场中有约束情况下的运动
带电体在叠加场中受轻杆、轻绳、圆环、轨道等约束的情况下,常见的运动形式有直线运动和圆周运动,此时解题要通过受力分析明确变力、恒力做功情况,并注意洛伦兹力不做功的特点,运用动能定理、能量守恒定律结合牛顿运动定律求解.
(2019·山东枣庄一模)如图所示,穿有M、N两个小球(均视为质点)的光滑绝
缘圆环,固定在竖直面内,圆心为O、半径R=0.3 m.M、N用一根不可伸长的绝缘轻质细绳相连,小球质量分别为mM=0.01 kg、mN=0.08 kg;M带电荷量q=+7×10 C,N不带电.该空间同时存在匀强电场和匀强磁场.电场方向竖直向上,电场强度E=1×10 V/m;磁场方向垂直于圆环平面向里,磁感应强度B=
32
×10 T.将两小球从图示位置(M与圆心7
3
-4
O等高,N在圆心O的正下方)由静止释放,两小球开始沿逆时针方向向上转动.重力加速度g取10 m/s2,已知sin 37°=0.6,cos 37°=0.8.则在两球从图示位置逆时针向上转动的
过程中,求:
(1)通过计算判断,小球M能否到达圆环的最高点. (2)小球M速度最大时,圆环对小球M的弹力. (3)小球M电势能变化量的最大值.
解析:(1)设M、N在转动过程中,绳对M、N做的功分别为WT、WT′,则
WT+WT′=0,
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设M到达圆环最高点时,M、N的动能分别为EkM、EkN, 对M,洛伦兹力不做功,由动能定理得qER-mMgR+WT=EkM, 对N,由动能定理得WT′-mNgR=EkN, 联立解得EkM+EkN=-0.06 J,
即M在圆环最高点时,系统动能为负值,故M不能到达圆环的最高点.
(2)设N转过α角时,M、N的速度大小分别为vM、vN,因M、N做圆周运动的半径和角速度均相同,故vM=vN,
对M,洛伦兹力不做功,由动能定理得
qERsin α-mMgRsin α+WT2=mMv2M,
对N,由动能定理得
1
2
WT2′-mNgR(1-cos α)=mNv2N, WT2+WT2′=0,
联立解得
1
2
v2M=×(3sin α+4cos α-4),
23由上式可得,当α=37°时,M、N的速度达到最大速度,最大速度vmax= m/s,
3
43
M速度最大时,设绳的拉力为F,圆环对小球M的弹力为FN,由牛顿第二定律得Fcos 45°
=(qE-mMg)cos 37°,
mMv2maxqvmaxB=Fsin 45°-(qE-mMg)sin 37°+FN=,
R解得FN=-0.096 N,负号表示弹力方向沿圆环径向向外.
(3)M、N从图示位置逆时针转动过程中,由于M不能到达最高点,所以,当两球速度为42
0时,电场力做功最多,电势能减少最多.由vM=×(3sin α+4cos α-4)得3sin α+
34cos α-4=0,
24
解得sin α=(sin α=0舍去),
25
126
故M的电势能变化量的最大值|ΔEp|=qERsin α= J=0.201 6 J.
625答案:(1)见解析 (2)0.096 N 沿圆环径向向外 (3)0.201 6 J
带电粒子在叠加场中运动的分析方法
(1)弄清叠加场的组成.
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(2)进行受力分析.
(3)确定带电粒子的运动状态,注意运动情况和受力情况的结合. (4)对于粒子连续通过几个不同种类的场时,要分阶段进行处理. (5)画出粒子运动轨迹,灵活选择不同的运动规律.
①当带电粒子在叠加场中做匀速直线运动时,根据受力平衡列方程求解.②当带电粒子在叠加场中做匀速圆周运动时,应用牛顿运动定律结合圆周运动规律求解.③当带电粒子做复杂曲线运动时,一般用动能定理或能量守恒定律求解.④对于临界问题,注意挖掘隐含条件.
(2019·辽宁五校联考)如图所示,与水平面成37°的倾斜轨道AC,其延长
线在D点与半圆轨道DF相切,轨道半径R=1 m,轨道均为绝缘材料制成且位于竖直面内,整个空间存在水平向左的匀强电场,MN的右侧存在垂直于纸面向里的匀强磁场(C点在MN100边界上).一质量为0.4 kg的带电小球沿轨道AC下滑,至C点时速度v0= m/s,接着沿
7直线CD运动到D处进入半圆轨道,进入时无动能损失,且恰好能通过F点,在F点速度vF=4 m/s,不计空气阻力,g取10 m/s,cos 37°=0.8,求:
(1)小球带何种电荷;
(2)小球在半圆轨道部分克服摩擦力所做的功.
(3)小球从F点飞出时磁场同时消失,小球离开F点后的运动轨迹与轨道AC所在直线的交点为G(G点未标出),求G点到D点的距离.
解析:(1)在MN右侧,小球受到重力、电场力与洛伦兹力作用,如果小球带负电荷,电场力水平向右,洛伦兹力指向左下方,重力竖直向下,小球受到的合力不可能为零,小球不可能做直线运动,则小球带正电荷.
100(2)小球在C、D间做匀速直线运动,则在D点的速度与C点的速度大小相等,即vD=
7m/s,
电场力与重力的合力F0=
=5 N.
cos 37°
2
mg从D到F的过程,对小球,
1212
由动能定理可得-Wf-F0·2R=mvF-mvD,
22代入数据解得Wf=27.6 J.
(3)小球离开F点后做类平抛运动,加速度a=, 1222
2R=at,代入数据解得t= s,
25
F0
m第 3 页
G点到D点的距离x=vFt=4×
22
m=2.26 m. 5
答案:(1)带正电荷 (2)27.6 J (3)2.26 m
1.设在地面上方的真空室内存在匀强电场和匀强磁场.已知电场强度和磁感应强度的方向是相同的,电场强度的大小E=4.0 V/m, 磁感应强度的大小B=0.15 T,今有一个带负电的质点以v=20 m/s的速度在此区域内沿垂直场强方向做匀速直线运动,求此带电质点的电量与质量之比q/m以及磁场的所有可能方向(角度可用反三角函数表示).
解析:根据带电质点做匀速直线运动的条件,得知此带电质点所受的重力、电场力和洛伦兹力的合力必定为零.由此推知此三个力的同一竖直平面内,如图所示,质点的速度垂直纸面向外.
由合力为零的条件,可得mg=q求得带电质点的电量与质量之比=代入数据得=
vBqm2
+E,①
2
g②
vB2+E2
2
qm9.8020×0.15
2
+4.0
C/kg=1.96 C/kg③
因质点带负电,电场方向与电场力方向相反,因而磁场方向也与电场力方向相反,设磁场方向与重力方向之间夹角为θ,则有qEsin θ=qvBcos θ.
解得tg θ==
vB20×0.15
,θ=arctg 0.75④
E4.0
即磁场是沿着与重力方向夹角θ=arctg 0.75,且斜向下方的一切方向. 答案:见解析
带电粒子在组合场中的运动
1.组合场:电场与磁场各位于一定的区域内,并不重叠,电场、磁场交替出现. 2.分析思路
(1)划分过程:将粒子运动的过程划分为几个不同的阶段,对不同的阶段选取不同的规律处理.
(2)找关键点:确定带电粒子在场区边界的速度(包括大小和方向)是解决该类问题的关键.
(3)画运动轨迹:根据受力分析和运动分析,大致画出粒子的运动轨迹图,有利于形象、直观地解决问题.
如图所示,半径为R的圆形区域,c为圆心,在圆上a点有一粒子源以相同的
速率向圆面内各个方向发射多个质量为m、电荷量为+q的带电粒子.当圆形区域存在垂直于圆面、磁感应强度大小为B的匀强磁场时,沿ac方向射入的粒子从b点离开场区,此过2π
程粒子速度方向偏转了.若只将圆形区域内的磁场换成平行于圆面的匀强电场,粒子从电
3
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场圆边界的不同位置射出时有不同的动能,其最大动能是初动能的4倍,经过b点的粒子在
b点的动能是初动能的3倍.不计粒子重力及粒子间的相互作用.求:
(1)粒子源发射粒子的速度v0及从b点离开磁场的粒子在磁场中运动的最长时间tm; (2)电场强度的方向及大小.
解析:(1)粒子在磁场中作匀速圆周运动,设轨迹圆半径为r,作出以ab为弦的两段圆弧如图所示,O1、O2分别为两圆圆心,由从b点射出的粒子速度偏转角知:对以O1为圆心的2π圆有:圆周角∠aO1b=,
3
π
由几何知识可知:弦切角∠cab=,△abc为等边三角形,可得ab长度:L=R①
3从△abO1可得:r=
3
R② 3
v20
由圆周运动的规律有:qv0B=m③
r由②③式可得:v0=
3qBR④ 3m粒子在磁场中运动时间最长时的轨迹是以O2为圆心的圆弧,在菱形aO1bO2中有:∠aO2b2π
=∠aO1b=
3
粒子的偏转角θ=2π-∠aO2b⑤ 由圆周运动的规律有:tm=4πm解得tm=.
3qB(2)设电场方向与ab连线夹角为θ,离开电场时动能最大的粒子的射出点和c点连线一定和电场方向平行,如图所示.
在粒子从a运动到b点过程中由动能定理有:
θr⑥ v0
qERcos θ=2×mv20⑦
以离开电场时动能最大的粒子在电场中由动能定理有:
1
2
qER?1+sin?θ+??=3×mv20⑧
6
????
π??
??
12
由④⑦⑧式解得:θ=0(即电场方向由a指向b)
2
qRB247qRBE=或θ满足sin θ=-3,E=.
3m73m3qBR4πmqRB7qRB答案:(1) (2)或
3m3qB3m3m22
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