3．A 【解析】 【分析】
本题考查力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用． 【详解】
一个大小方向确定的力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而当绳子拉力达到F=10N的时候，绳子间的张角最大，为120°，此时两个挂钉间的距离最大；画框受到重力和绳子的拉力，三个力为共点力，受力如图．
θ=60°，L0=1m，mg=2Fcosθ，L＝2?绳子与竖直方向的夹角为：绳子长为：则有：两个挂钉的间距离：
?L?sin??，?2?解得：L=4．D 【解析】 【分析】 【详解】
3m 2ABC．由加速度时间图线可判断，0~1s内，小车沿正向做加速度增大的加速运动，1s~2s内小车沿正向做加速度减小的减速运动，由对称性知2s末小车速度恰好减到零，2s~3s内小车沿负向做加速度增大的加速度运动，3s~4s内小车沿负向做加速度减小的减速运动，4s末小车速度恰好减到零。由于速度的变化也是对称的，所以正向位移和负向位移相等，即4s末小车回到初始位置，故 ABC错误；
D．小车在1s末或3s末速度达到最大，图线与时间轴所围面积表示速度的变化，所以最大速度为
1vmax??1?5m/s?2.5m/s
2故D正确。 故选D。 5．C 【解析】
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【详解】
A．开关断开时，副线圈为R1和R2串联，电压表测量R2的电压，由图可知原线圈电压为1002V，所以副线圈电压为102V，则电压表的读数是R2的电压为52V≈7.07V，故A错误； B．由A的分析可知，副线圈电流为
I2＝U2102＝A＝0.252A
R1?R220?20所以原线圈电流为
I1＝n2I1＝0.0252A n1故B错误；
C．电阻R1、R2上消耗的功率为
2P＝I2R＝(0.252)2?20＝2.5W
故C正确；
D．当开关闭合时，R1与R3并联后和R2串联，电容器的电压为并联部分的电压，并联部分电阻为R并=10Ω，所以并联部分的电压为
UC＝R并10102U2＝?102V＝V
R?R并20?10310220?2＝V＜8V，所以电容器不会被击穿，故D错误。 33最大值为故选C。 6．C
【解析】 【分析】 【详解】 如图受力分析：
则风力
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F?mgtan?
故选C。 7．D 【解析】 【详解】
设质点做匀加速直线运动，由A到B：
?v0??v?2?v20?2ax1
由A到C
?v0?2?v?2?v20?2a?x1?x2?
由以上两式解得加速度
(?v)2a?xx
1?2故选D。
8．C 【解析】 【分析】 【详解】
A.带电粒子做曲线运动，受力指向曲线的内侧，所以所受电场力向左，带负电；A错； BC.电场力做负功，所以动能越来越小，电势能越来越大，速度越来越小B错；C,对； D.等势线的疏密程度反映场强大小，所以所受电场力越来越小，加速度越来越小，D错．故选C 9．D 【解析】 【详解】
A．规定向右为正方向，则
v0??6m/s，v1?4m/s
对A在与墙碰撞的过程，由动量定理得
F?t?m1v1?m1v0
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F?75N
所以A错误；
B．A和B碰撞过程中，A对B的作用力和B对A的作用力是一对相互作用力，应该大小相等，方向相反，所以B错误；
C．由题意可知，A和B发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得
m1v1?(m1?m2)v2 v2?3m/s
所以C错误；
D．A和B碰后一起沿圆轨道向上运动，在运动过程中，只有重力做功，由机械能守恒定律得
(m1?m2)gh?1(m1?m2)v22 2h?0.45m
所以D正确。 故选D。 10．D 【解析】 【分析】 【详解】
AB．电流表断路或者滑动变阻器滑片接触不良，都会造成整个电路是断路情况，即电表示数为零，AB错误；
C．开关接触部位由于氧化，使得接触电阻太大，则电路电阻过大，电流很小，流过被测电阻的电流也很小，所以其两端电压很小，不会几乎等于电源电压，C错误；
D．待测电阻和接线柱接触位置由于氧化，使得接触电阻很大，相当于当被测电阻太大，远大于和其串联的其他仪器的电阻，所以电路电流很小，其分压接近电源电压，D正确。 故选D。
二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 11．AC 【解析】 【详解】
A．2，2，Q=I2Rt，两棒的长度之比为1：所以电阻之比为1：由于电路在任何时刻电流均相等，根据焦耳定律：所以CD棒的焦耳热为2Q，在CD棒向右运动距离为s的过程中，根据功能关系有
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1Fs?3Q?mv2?2
2解得
v?Fs?3Q m故A正确；
BC．令AB棒的长度为l，则CD棒长为2l，撤去拉力F后，AB棒继续向左加速运动，而CD棒向右开始减速运动，两棒最终匀速运动时，电路中电流为零，两棒切割磁感线产生的感应电动势大小相等，此时两棒的速度满足 BlvAB′=B?2lvCD′ 即 vAB′=2vCD′
对两棒分别应用动量定理，有 FABt=mvAB′-mv -FCDt=mvCD′-mv 因为 FCD=2FAB 所以
6v 53vCD′＝v
5vAB′＝
故B错误，C正确；
D．撤去外力F到最终稳定运动过程根据能量守恒定律
111?212Q?mv2?2?mv?AB?mvCD?mv2
22210故D错误。 故选AC。 12．CDE 【解析】 【分析】 【详解】
A．晶体分为单晶体和多晶体，单晶体各向异性，多晶体各向同性，非晶体各向同性，故A错误； B．液体表面张力是微观的分子引力形成的规律，与宏观的超失重现象无关，则在完全失重的状态下依然有表面张力的现象，故B错误；
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高中物理第一章抛体运动运动的合成与分解学案粤教必修
