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2021届高考化学一轮复习题型突破:电化学基础(解析版)

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电化学

1.与甲、乙两套装置有关的下列说法正确的是

A.甲、乙装置中,锌棒均作负极,发生氧化反应

B.甲中锌棒直接与稀H2SO4接触,故甲生成气泡的速率更快 C.甲、乙装置的电解质溶液中,阳离子均向碳棒定向迁移 D.乙中盐桥设计的优点是迅速平衡电荷,提高电池效率 【答案】D

【解析】A. 根据上述分析,甲不是原电池,故A错误;B. 甲中锌棒直接与稀H2SO4接触,发生化学腐蚀,乙中构成了原电池,负极失去电子的速率加快,因此正极放出氢气的速率增大,故B错误;C. 甲不是原电池,电解质溶液中的阳离子向锌移动,故C错误;D. 盐桥中离子的定向迁移构成了电流通路,盐桥既可沟通两方溶液,又能阻止反应物的直接接触,迅速平衡电荷,使由它连接的两溶液保持电中性,提高电池效率,故D正确。

2.按如图装置进行实验(a、b电极均为Cu电极),实验开始观察到灵敏电流计的指针发生偏转。 下列有关说法正确的是

1

A.b极电极反应为Cu - 2e=Cu B.溶液中Cu穿过交换膜发生迁移 C.电流计指针偏转幅度将保持不变 D.外电路转移的电子最多为0.02 mol 【答案】D

【解析】A、该装置浓度差电池,浓度增大,还原性或氧化性增强,右侧CuSO4浓度大,氧化性增强,因此b电极为正极,a电极为负极,电极反应式为Cu-2e

-2+2+

=Cu,故A错误;B、溶液中离子从高浓度的右室经过离子交换膜迁往低浓度

2+

2

2+

的左室才是自发过程,如果溶液中迁移Cu,由于负极与正极消耗或产生的Cu

相等,则左、右两室溶液浓度不变,但负极Cu减少,正极Cu增加,需要消耗

2+

2-

能量而不可能提供电能,所以溶液中迁移离子不可能是Cu,就只能是SO4,从右室向左室迁移,故B错误;C、随着电流的产生,左、右两室SO4浓度的差值逐渐减小,SO4从右室向左室迁移的速率逐渐减小,则外电路的电流强度将逐渐减小,灵敏电流计指针偏转的幅度也会逐渐减小,故C错误;D、当左右两室SO4浓度相等,即均为(0.3mol·L+0.1mol·L)/2时,电池将停止工作,不再有电流产生,溶液中迁移的n(SO4)=0.1L×[0.3mol·L-(0.3mol·L+0.1mol·L)/2]=0.01mol,因此外电路转移电子物质的量最多为0.02mol,故D正确。

3.糕点包装中常见的脱氧剂组成为还原性铁粉、氯化钠、炭粉等,其脱氧原理与钢铁的吸氧腐蚀相同。下列分析正确的是( )

A.脱氧过程中铁作为原电池正极 B.负极的电极反应为:Fe-3e→Fe

C.正极的电极反应为:2H2O+O2+4e→4OH D.脱氧过程是吸热反应,可降低温度,延长糕点保质期

2

-3+

-1

2-

-1

-1

2-

-1

-1

2-

2-

【答案】C

【解析】A、糕点包装中常见的脱氧剂组成为还原性铁粉、氯化钠、炭粉等,其脱氧原理与钢铁的吸氧腐蚀相同,钢铁的吸氧腐蚀中铁作负极,故A错误;B、钢铁吸氧腐蚀中,铁作负极,其电极反应式为Fe-2e=Fe,故B错误;C、吸氧腐蚀,碳作正极,氧气在正极上得到电子,即电极反应式为O2+2H2O+4e=4OH

2+

,故C正确;D、原电池放电过程是放热反应,因此脱氧过程也是放热过程,防

止糕点应氧化而变质,故D错误。

4.一种新型燃料电池,一极通入空气,另一极通入丁烷气体;电解质是掺杂氧化钇(Y2O3)的氧化锆(ZrO2)晶体,在熔融状态下能传导O。下列说法不正确的是 ...A.通入丁烷的一极是负极,电极反应为:C4H10 +26e+13O=== 4CO2↑+5H2O B.在熔融电解质中,O向负极定向移动 C.电池的总反应是:2C4H10+13O2===8CO2+10H2O D.通入空气的一极是正极,电极反应为:O2+4e===2O 【答案】A

【解析】A.燃料电池中通入燃料的电极是负极,负极反应式为C4H10+13O

-2-2-

2-

2-

2-

2-

-26e=4CO2↑+5H2O,选项A不正确;B.在放电时,熔融电解质中O向负极定向移动、阳离子向正极移动,选项B正确;C.电池总反应式和燃料燃烧方程式相同,为2C4H10+13O2=8CO2+10H2O,选项C正确;D.燃料电池中通入氧化剂的电极是正极,所以通入空气的电极是正极,电极反应式为:O2+4e═2O,选项D正确;答案选A。

5.我国科技创新成果斐然,下列成果与电化学无关的是 ..

-2-

3

2021届高考化学一轮复习题型突破:电化学基础(解析版)

电化学1.与甲、乙两套装置有关的下列说法正确的是A.甲、乙装置中,锌棒均作负极,发生氧化反应B.甲中锌棒直接与稀H2SO4接触,故甲生成气泡的速率更快C.甲、乙装置的电解质溶液中,阳离子均向碳棒定向迁移D.乙中盐桥设计的优点是迅速平衡电荷,提高电池效率【答案】D【解析】A.根据上述分析,甲不是原电池,故A
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