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2024版高考数学一轮复习第2章函数导数及其应用第2讲课后作业理含解析

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高考数学一轮复习第2章: 第2章 函数、导数及其应用 第2讲

A组 基础关

1.下列函数中,满足“对任意x1,x2∈(0,+∞),当x1f(x2)”的是( )

12

A.f(x)= B.f(x)=(x-1)

xC.f(x)=e D.f(x)=ln (x+1) 答案 A

解析 由已知得,所选函数在(0,+∞)上是减函数,只有选项A中的函数满足要求. 2-3x+12x?1?2.函数y=??的单调递增区间为( ) ?3?A.(1,+∞)

3??B.?-∞,? 4??

x?1?C.?,+∞?

?2?

答案 B

?3?D.?,+∞?

?4?

?3?212

解析 令μ=2x-3x+1=2?x-?-,

?4?8

3??3?21??1?μ因为μ=2?x-?-在?-∞,?上单调递减,函数y=??在R上单调递减.

4??4?8??3?2-3x+12x3??1??所以y=??在?-∞,?上单调递增. 4??3??

3.已知f(x)在R上是减函数,a,b∈R且a+b≤0,则下列结论正确的是( ) A.f(a)+f(b)≤-[f(a)+f(b)] B.f(a)+f(b)≤f(-a)+f(-b) C.f(a)+f(b)≥-[f(a)+f(b)] D.f(a)+f(b)≥f(-a)+f(-b) 答案 D

解析 a+b≤0可转化为a≤-b或b≤-a,由于函数f(x)在R上是减函数,所以

f(a)≥f(-b),f(b)≥f(-a),两式相加得f(a)+f(b)≥f(-a)+f(-b).

??a-3,x≤0,

4.设函数f(x)=?

?2x+1,x>0,?

x

若函数f(x)有最小值,则实数a的取值范围是

( )

A.(-∞,2] C.(1,2] 答案 A

解析 当x≤0时,f(x)=a-3单调递减,其最小值为f(0)=a-1,当x>0时,f(x)

xB.(-∞,2) D.[2,+∞)

1

=2x+1单调递增,f(x)>1,无最小值,要使函数f(x)在R上有最小值,则必有a-1≤1,即a≤2,所以实数a的取值范围是(-∞,2].

5.函数y=loga(2-ax)在区间[0,1]上是减函数,则a的取值范围是( ) A.(0,1) B.(0,2) C.(1,2) D.(2,+∞) 答案 C

解析 题中隐含a>0,∴2-ax在区间[0,1]上是减函数.∴y=logau应为增函数,且u??a>1,

=2-ax在区间[0,1]上应恒大于零,∴?

?2-a>0,?

∴1

6.已知函数y=f(x)是R上的偶函数,当x1,x2∈(0,+∞),x1≠x2时,都有(x1-x2)[f(x1)12

-f(x2)]<0.设a=ln ,b=(ln π),c=ln π,则( )

π

A.f(a)>f(b)>f(c) C.f(c)>f(a)>f(b) 答案 C

解析 由题意可知f(x)在(0,+∞)上是减函数,且f(a)=f(|a|),f(b)=f(|b|),f(c)112

=f(|c|),又|a|=ln π>1,|b|=(ln π)>|a|,|c|=ln π,且0

22|b|>|a|>|c|>0,∴f(|c|)>f(|a|)>f(|b|),即f(c)>f(a)>f(b).

7.已知p:函数f(x)=|x+a|在(-∞,-1)上是单调函数,q:函数g(x)=loga(x+1)(a>0且a≠1)在(-1,+∞)上是增函数,则綈p是q的( )

A.充分不必要条件 C.充要条件 答案 C

解析 函数f(x)=|x+a|在(-∞,-1)上是单调函数,则-a≥-1,即a≤1.函数g(x)=loga(x+1)(a>0且a≠1)在(-1,+∞)上是增函数,则a>1,则綈p:a>1,q:a>1,则綈p成立是q成立的充要条件.

8.函数y=log1 |x-3|的单调递减区间是________.

2答案 (3,+∞)

解析 令u=|x-3|,则在(-∞,3)上u为x的减函数,在(3,+∞)上u为x的增函数.

1

又∵0<<1,y=log1 u是减函数,

2

2∴在区间(3,+∞)上,y为x的减函数.

9.已知函数f(x)=lnx+x,若f(a-a)>f(a+3),则正数a的取值范围是______. 答案 (3,+∞)

解析 ∵函数f(x)=ln x+x的定义域为(0,+∞),且为单调递增函数,

2

B.f(b)>f(a)>f(c) D.f(c)>f(b)>f(a)

B.必要不充分条件 D.既不充分也不必要条件

2

a-a>0,??2

∴f(a-a)>f(a+3)同解于?a+3>0,

??a2-a>a+3,

所以a的取值范围是(3,+∞). 10.已知函数f(x)=________.

答案 (-∞,0)∪(1,4]

2

解得a>3.

4-mx(m≠1)在区间(0,1]上是减函数,则实数m的取值范围是m-1

?4?解析 由题意可得4-mx≥0,x∈(0,1]恒成立,所以m≤??min=4.当0

?x?

mx单调递减,所以m-1>0,解得1

B组 能力关

1.(2024·安徽合肥模拟)若2+5≤2+5,则有( ) A.x+y≥0 C.x-y≤0 答案 B

解析 原不等式可化为2-5≤2-5,记函数f(x)=2-5,则原不等式可化为

x-x-yxy-y-xB.x+y≤0 D.x-y≥0

yx-xf(x)≤f(-y).又因为函数f(x)在R上单调递增,所以x≤-y,即x+y≤0.

??logax,x>3,

2.(2024·河南天一大联考)已知函数f(x)=?

??mx+8,x≤3.

若f(2)=4,且函数f(x)存在最小值,则实数a的取值范围为( ) A.(1,3] C.?0,B.(1,2] D.[3,+∞)

?

?3?? 3?

答案 A

解析 因为f(2)=2m+8=4,所以m=-2,所以当x≤3时,f(x)=-2x+8.此时

f(x)≥f(3)=2.

因为函数f(x)存在最小值,所以当x>3时,f(x)单调递增,且loga3≥2,所以

?a>1,??2??loga3≥logaa,

即?

?a>1,???a≤3,

2

解得a∈(1,3].

2

?-x+4x,x≤4,?

3.(2024·潍坊模拟)设函数f(x)=?

??log2x,x>4.

若函数y=f(x)在区间(a,a+1)上单调递增,则实数a的取值范围是________.

答案 (-∞,1]∪[4,+∞)

解析 作出函数f(x)的图象如图所示,由图象可知f(x)在(a,a+1)上单调递增,需满足a≥4或a+1≤2,即a≤1或a≥4.

3

2024版高考数学一轮复习第2章函数导数及其应用第2讲课后作业理含解析

高考数学一轮复习第2章:第2章函数、导数及其应用第2讲A组基础关1.下列函数中,满足“对任意x1,x2∈(0,+∞),当x1f(x2)”的是()12A.f(x)=B.f(x)=(x-1)xC.f(x)=eD.f(x)=ln(x+1)答案A解析由已
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