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课标通用2024高考物理一轮复习05机械能第二节动能定理及其应用针对训练含解析

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第二节 动能定理及其应用

1.小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上,P球的质量大于Q球的质量,悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短.将两球拉起,使两绳均被水平拉直,如图5-2-22所示.将两球由静止释放.在各自轨迹的最低点( )

图5-2-22

A.P球的速度一定大于Q球的速度 B.P球的动能一定小于Q球的动能

C.P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力 D.P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度

解析:两个小球在等高的位置由静止释放,做圆周运动摆动到最低点,小球受到重力和绳子的拉力作用,拉力不做功,只有重力做功,机械能守恒.

设小球起始位置为零势能参考平面,则有E初=E末,可知两个小球的机械能相等,则有

Ek=ΔEk=-ΔEp=mgl,mP>mQ ,lP

1vlP

2l2

1

2

v2

有mP>mQ,则有TP>TQ;由an==2g,可知anP=anQ.

l答案:C

2.(多选)一物体从斜面底端以初动能E滑向斜面,返回到斜面底端的速度大小为v,克服摩擦力做的功为,若物体以初动能2E滑向斜面,则( )

2

A.返回斜面底端时的动能为E B.返回斜面底端时的动能为

3E 2

EC.返回斜面底端时的速度大小为2v D.返回斜面底端时的速度大小为2v

解析:设斜面倾角为θ,斜面对物体的摩擦力为f,物体以初动能E滑向斜面时,在斜面上上升的最远距离为L1,则根据动能定理,在物体沿斜面上升的过程中有-GL1sinθ-fL1=0-E,在物体沿斜面下降的过程中有GL1sinθ-fL1=,联立解得Gsinθ=3f.同理,当物

2

E体以初动能2E滑向斜面时,在物体沿斜面上升的过程中有-GL2sinθ-fL2=0-2E,在物体

E12

沿斜面下降的过程中有GL2sinθ-fL2=E′,联立解得E′=E,故A正确,B错误;由=mv,

22E′=

1

mv′2,得v′=2v,故C错误,D正确. 2答案:AD

图5-2-23

3.(多选)如图5-2-23所示,轻质弹簧一端固定,另一端与质量为m、套在粗糙竖直固定杆A处的圆环相连,弹簧水平且处于原长.圆环从A处由静止开始下滑,经过B处的速度最大,到达C处的速度为零,AC=h.圆环在C处获得一竖直向上的速度v,恰好能回到A;弹簧始终在弹性限度之内,重力加速度为g,则圆环( )

A.下滑过程中,加速度一直减小 12

B.下滑过程中,克服摩擦力做功为mv

412

C.在C处,弹簧的弹性势能为mv-mgh

4D.上滑经过B的速度大于下滑经过B的速度

解析:下滑过程,A到B,加速度向下,加速度减小;B到C,加速度向上,加速度增大,A项错误;下滑A到C,根据动能定理,mgh-W摩擦力-W弹力=0①

上滑C到A,根据动能定理, 12

-mgh-W摩擦力+W弹力=0-mv②

2

1212

两式联立,解得W摩擦力=mv,B项正确;以上两式联立,还可解得W弹力=mgh-mv,即

441212

弹性势能EpC=mgh-mv,所以C项错误;下滑,A到B,有mghAB-W摩擦力AB-W弹力AB=mvB下-0,

4212

上滑,B到A,有-mghAB-W摩擦力AB+W弹力AB=0-mvB上,比较得vB上>vB下,D项正确.

2

答案:BD

图5-2-24

4.(湖北沙市模拟)(多选)如图5-2-24所示,将质量m0=1 kg的重物B悬挂在轻绳的一端,并放置在倾角为30°、固定在水平地面的斜面上,轻绳平行于斜面,重物B与斜面间的动摩擦因数μ=3

.轻绳跨过质量不计的光滑定滑轮,其另一端系一质量m=0.5 kg的小3

圆环A,圆环套在竖直固定的光滑直杆上,滑轮中心与直杆的距离为l=4 m.现将圆环A从与定滑轮等高处由静止释放,不计空气阻力,直杆和斜面足够长,g取10 m/s.下列判断正确的是( )

A.圆环下降的过程中,轻绳的张力大小始终等于10 N 16

B.圆环能下降的最大距离为hm= m

3

C.圆环速度最大时,轻绳与直杆的夹角为30°

D.若增加圆环质量使m=1 kg,再重复题述过程,则圆环在下降过程中,重力做功的功率一直在增大

解析:由题图可知,一开始竖直方向圆环A只受重力,所以圆环A先向下做加速运动,后做减速运动,直至停止,重物B也是先加速后减速,而重物B受到的重力、支持力和摩擦力都保持不变,所以绳子对重物B的拉力必定是变化的,故A错误;设圆环A下降的最大距离为hm,则重物B上升的高度为h1=(hm+l-l)·sin30°,对圆环A和重物B组成的系统,16

由动能定理得mghm-m0gh1-μm0gh1cos30°=0,解得hm=m,故B正确;当圆环A在下滑过

3程中受力平衡时速度最大,则此时重物B的加速度也是0,绳子的拉力就等于重物B的重力向下的分力与摩擦力的和,即FT=m0gsin30°+μm0gcos30°=10 N,设此时拉圆环A的绳子与竖直方向的夹角是θ,则在竖直方向上有FTcosθ=mg,代入数据解得θ=60°,故C错误;若增加圆环A的质量使m=1 kg,再重复题述过程,则圆环A的重力大于重物B的重力沿斜面向下的分力与摩擦力的和,则圆环A将一直向下做加速运动,其重力做功的功率一直增大,故D正确.

答案:BD

5.如图5-2-25甲所示,长为4 m的水平轨道AB与半径为R=0.6 m的竖直半圆弧轨道BC在B处相连接,有一质量为1 kg的滑块(大小不计),从A处由静止开始受水平向右的

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课标通用2024高考物理一轮复习05机械能第二节动能定理及其应用针对训练含解析

第二节动能定理及其应用1.小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上,P球的质量大于Q球的质量,悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短.将两球拉起,使两绳均被水平拉直,如图5-2-22所示.将两球由静止释放.在各自轨迹的最低点()图5-2-22A.P球的速度一定大于Q球的速度B.P球的动能一定小于Q球的动能C.P球所
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