10.(-∞,2] 解析 因为y=e+x-a≥2-a,所以A=[2-a,+∞)?[0,+∞),
∴2-a≥0,a≤2.
11. 解析 ∵函数f(x),g(x)分别是定义在R上的偶函数和奇函数,
且f(x)+g(x)=2+x, -x可得f(-x)+g(-x)=2-x,
-x即为f(x)-g(x)=2-x,
x解得f(x)=(2+2),
x-x即f(log25)=×()=.
12.-0
时,f(x)=x-x=2
≥-;当x≤0时,f(x)=x,如图.所以要使函数g(x)=f(x)-m有三
个不同的零点,只需直线y=m与函数y=f(x)的图象有三个交点即可,结合图象可知,m的取值
范围为-
13.(1)解 由题设,f(x)的定义域为(0,+∞),f'(x)=-1, 当00,f(x)单调递增; 当x>1时,f'(x)<0,f(x)单调递减.
(2)证明 由(1)知f(x)在x=1处取得最大值,最大值为f(1)=0.
所以当x≠1时,ln x马明风整理
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故当x∈(1,+∞)时,ln xx-1,即1<x(3)证明 由题设c>1,设g(x)=1+(c-1)x-c,则g'(x)=c-1-cln c,
令g'(x)=0,解得x0=.
当x0,g(x)单调递增;
当x>x0时,g'(x)<0,g(x)单调递减.
由(2)知1<又g(0)=g(1)=0,
故当00.
x所以当x∈(0,1)时,1+(c-1)x>c.
14.解 (1)∵f(x)=,∴f'(x)=
=-
=-,
①当a=0时,f'(x)=-,令f'(x)>0,得x<1,f'(x)<0,得x>1,
所以f(x)在(-∞,1)上单调递增,(1,+∞)上单调递减.所以f(x)的极大值为
f(1)=,不合题意.
②当a>0时,1-<1,令f'(x)>0,得1-1,
∴f(x)在上单调递增,和(1,+∞)上单调递减.
∴f(x)的极大值为f(1)=,解得a=1.符合题意.综上可得a=1.
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(2)由f(x)≤bln x,得≤bln x,即≤bln x.
令g(a)=a+,当x∈[0,+∞)时,∵≥0,∴g(a)在(-∞,0]上是增函数.
则g(a)≤bln x对?a∈(-∞,0]恒成立等价于g(a)≤g(0)≤bln x,
即≤bln x对x∈[2,+∞)上恒成立.即b≥对x∈[2,+∞)恒成立,
∴b≥,令h(x)=,
则h'(x)=.
∵x∈[2,+∞),
∴-1-(x-1)ln x<0.∴h'(x)<0. ∴h(x)在[2,+∞)上单调递减,
∴h(x)≤h(2)=,
∴b≥h(2)=.所以实数b的取值范围为.
xxx15.解 (1)由f(x)=e(ae-a-x)≥0可得g(x)=ae-a-x≥0.
∵g(0)=0,∴g(x)≥g(0),
从而x=0是g(x)的一个极小值点.
∵g'(x)=aex-1,∴g'(0)=a-1=0,则a=1.
xx当a=1时,g(x)=e-1-x,g'(x)=e-1.
∵x∈(-∞,0),g'(x)<0,g(x)在(-∞,0)上单调递减;
x∈(0,+∞),g'(x)>0,g(x)在(0,+∞)上单调递增;∴g(x)≥g(0)=0,故a=1.
xxxx(2)当a=1时,f(x)=(e-1-x)e,f'(x)=e(2e-x-2).
xx令h(x)=2e-x-2,则h'(x)=2e-1.∵x∈(-∞,-ln 2),h'(x)<0,h(x)在(-∞,-ln 2)上为
减函数;
x∈(-ln 2,+∞),h'(x)>0,h(x)在(-ln 2,+∞)上为增函数.
由于h(-1)<0,h(-2)>0,所以在(-2,-1)上存在x=x0满足h(x0)=0. ∵h(x)在(-∞,-ln 2)上为减函数,∴x∈(-∞,x0)时,h(x)>0, 即f'(x)>0,f(x)在(-∞,x0)上为增函数;
x∈(x0,-ln 2)时,h(x)<0,即f'(x)<0,f(x)在(x0,-ln 2)上为减函数.因此f(x)在(-∞,-ln 2)上只有一个极大值点x0,由于h(0)=0,且h(x)在(-ln 2,+∞)上为增函数,
∴x∈(-ln 2,0)时,h(x)<0,
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即f'(x)<0,f(x)在(-∞,x0)上为减函数;
x∈(0,+∞)时,h(x)>0,即f'(x)>0,f(x)在(0,+∞)上为增函数. 因此f(x)在(-ln 2,+∞)上只有一个极小值点0.
综上可知:f(x)存在唯一的极大值点x0,且x0∈(-2,-1).
∵h(x0)=0,∴2-x0-2=0.
所以f(x0)=((-2,-1).
-1-x0)(x0+1)=-,x0∈
∵x∈(-2,-1)时,0<-,∴0马明风整理