2024届一轮复习人教版 闭合电路欧姆定律的应用 课时作业
一、选择题
考点一 闭合电路的动态分析
1.(多选)(2024·重庆市期末)如图1所示的电路中，电表均为理想电表.闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列说法正确的是( )
图1
A.电流表A读数变大 B.电压表V1读数变大 C.电压表V2读数变大 D.灯泡L变亮 答案 BC
解析 滑动变阻器滑片P向左移动，接入电路的电阻变大，电路总电阻变大，总电流减小，内电压变小，外电压变大，电流表A读数变小，电压表V1读数变大；总电流减小，灯L两端电压减小，灯泡L变暗，而外电压变大，则滑动变阻器两端电压变大，所以电压表V2读数变大，故A、D错误，B、C正确. 2.如图2所示的电路，三只相同的灯泡L1、L2、L3，当滑动变阻器的滑动触头向b端移动时( )
图2
A.L1变亮，L2、L3变暗 B.L1、L2变亮，L3变暗 C.L1、L3变暗，L2变亮 D.L1、L3变亮，L2变暗 答案 B
3.(2024·东营市期末)某种热敏电阻在环境温度升高时，电阻会迅速减小.将这种热敏电阻P接入如图3所示电路，开关闭合.若环境温度升高，下列判断正确的是( )
图3
A.电路的总电阻变大
B.流过P的电流变小
C.灯泡A变亮 答案 C
考点二 含容电路的分析与计算
D.灯泡B变亮
4.在如图4所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向下移动时，关于电灯L的亮度及电容器C所带电荷量Q的变化判断正确的是( )
图4
A.L变暗，Q增大 C.L变亮，Q增大 答案 B
解析 当滑动变阻器的滑动片向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，干路电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，灯L变暗.电容器极板间电压等于变阻器两端的电压.由上得知，路端电压减小，则通过L灯的电流减小，而干路电流增大，则通过R1的电流增大，R1两端电压也增大，则变阻器两端的电压减小，电容器所带电荷量Q减小，故B正确.
5.如图5所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置.闭合开关S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动.如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是( )
B.L变暗，Q减小 D.L变亮，Q减小
图5
A.增大R1的阻值 C.增大两板间的距离 答案 B
解析 在直流电路中，R2与电容器串联的支路不通，因此电容器两端的电压等于R1两端的电压，增大R1U
的阻值，R1两端的电压增大，电容器两端的电压增大，由E＝d可知，电容器两极板间的电场强度增大，因此板间带电油滴受到的电场力增大，会向上运动，A项错误；增大R2的阻值不改变电路中的总电阻，不改变R1两端的电压，因此电容器中油滴仍保持静止，B项正确；增大两板间的距离，而电容器两板间的电U
压一定，由E＝d可知，板间的场强减小，油滴受到的电场力减小，油滴会向下运动，C项错误；断开开关S，电容器会通过R1、R2进行放电，使板间场强减小，油滴受到的电场力减小而向下运动，D项错误.
B.增大R2的阻值 D.断开开关S
6.(多选)如图6所示的电路中，电源电动势E＝6V，内阻r＝1Ω，电阻R1＝6Ω，R2＝5Ω，R3＝3Ω，电容器的电容C＝2×105F.若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流为I；断开开关S后，通过R1的电荷量
－
为q.则( )
图6
A.I＝0.75A C.q＝2×105C
－
B.I＝0.5A D.q＝1×105C
－
答案 AD
E－
解析 开关S闭合时，I＝＝0.75A，选项A对，B错；此时UC＝UR并＝1.5V，QC＝CUC＝3×105C，
r＋R并＋R2若将开关断开，则电容器上所带的电荷量通过R1、R3放掉，因I1∶I3＝R3∶R1＝1∶2，根据q＝It可知，通1－
过R1的电荷量q＝3QC＝1×105C，选项C错，D对. 考点三 电源的输出功率与效率
7.(2024·重庆市期末)如图7所示，电源电动势为E，电源内阻为r＝1Ω，定值电阻R1＝4Ω，滑动变阻器R2变化范围是0～10Ω，下列说法正确的是( )
图7
A.当R2＝3Ω时，电源的输出功率最大 B.当R2＝3Ω时，R1上获得的功率最大 C.当R2＝0时，电源的效率最大 D.当R2＝0时，R1上获得的功率最大 答案 D
解析 当R1＋R2>r时，随着外电阻阻值增大，电源输出功率减小，所以当R2＝0时，电源的输出功率最大，故A错误；当滑动变阻器的阻值为0时，电路中电流最大，定值电阻R1的功率最大，故B错误，D正确；E－IrUI
电源的效率η＝EI×100%＝E×100%，当滑动变阻器的阻值为0时，电路中电流最大，电源的效率最小，故C错误.
8.(多选)(2024·日照市期末)如图8所示电路，电源内阻不可忽略，电表均为理想电表，开关S闭合后，灯泡正常发光.若滑动变阻器R的滑动端向下滑动，下列判断正确的是( )
图8
A.电源的效率一定减小 B.电源的输出功率可能减小 C.灯泡L有可能会烧坏
D.电压表V和电流表A的示数均减小 答案 AB
解析 滑动变阻器R的滑动端向下滑动，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，外电压减小，U外I
由η＝EI×100%知，电源的效率减小，A正确；由于不知外电阻与内电阻的关系，故电源的输出功率的变化无法确定，B正确；R减小，R与L并联部分的电压减小，与通过L电流的差值，
示数增大，C、D错误.
示数减小，L变暗，但
的示数为总电流
9.(多选)(2024·南师附中高二期中)如图9所示，是测定两个电源的电动势和内阻实验中得到的路端电压和电流的关系图线，则应有( )
图9
A.当I1＝I2时，电源总功率P1＝P2 B.当U1＝U2时，电源输出功率P出1 D.当U1＝U2时，电源内部消耗的电功率P内1 解析 由题图可知，两电源的电动势E相等，由电源的总功率P＝EI知，当I1＝I2时，电源总功率P1＝P2，故A正确；电源的输出功率P出＝UI，当U1＝U2时，由题图读出I1 P出2，故B正确；由题图可知，图线1的斜率的绝对值大于图线2的斜率的绝对值，则电源的内阻r1>r2，当I1＝I2时，由闭合电路欧姆定律可知，R1 10.(多选)如图10所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的U－I图线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是( ) 图10 A.电源1比电源2的内阻大 B.电源1和电源2的电动势相等 C.小灯泡与电源1连接时消耗的功率比与电源2连接时消耗的功率小 D.小灯泡与电源1连接时消耗的功率比与电源2连接时消耗的功率大 答案 ABC 解析 由闭合电路的欧姆定律E＝U＋Ir知，当I＝0时电动势E等于路端电压U，即电源的U－I图线与U ?ΔU?轴的交点就是电源电动势的大小，由题图知，电源1和电源2的电动势相等，故B正确；电源内阻r＝?ΔI?， ? ? 即电源的U－I图线的斜率的绝对值表示电源的内阻，由题图知r1>r2，故A正确；小灯泡的U－I图线与电源的U－I图线的交点即为小灯泡的工作状态，由题图知，小灯泡与电源1连接时消耗的功率P1＝U1I1小于小灯泡与电源2连接时消耗的功率P2＝U2I2，故C正确，D错误. 11.(多选)在如图11甲所示的电路中，L1、L2和L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示.当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时( ) 图11 A.通过L1的电流为通过L2的电流的2倍 B.此时L1、L2和L3的电阻均为12Ω C.L1消耗的电功率为0.75W D.L1消耗的电功率为L2消耗的电功率的4倍 答案 AC 解析 电路中的总电流为0.25A，则通过L1的电流为0.25A.因L2和L3并联，则L2和L3两端电压相等，它们的电阻相等，因此它们的电流也相等，则有通过L1的电流为通过L2的电流的2倍，故A正确；由伏安特性曲线可以读出电流为I1＝0.25A时，电压为U1＝3V.L2的电流为I2＝0.125A，此时电压U2≈0.4V，因此它们的电阻不相等，故B错误；L1消耗的电功率为P＝U1I1＝3×0.25W＝0.75W，故C正确；因通过L1的电流为通过L2的电流的2倍，假设它们的电阻相等，则有L1消耗的电功率为L2消耗的电功率的4倍，如今它们的电阻不相等，因此L1消耗的电功率不为L2消耗的电功率的4倍，故D错误.
2024届一轮复习人教版 闭合电路欧姆定律的应用 课时作业
