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2012年高考数学压轴大题及答案详解 - 图文 

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2012年高考数学最后压轴大题及答案详解

1.(本小题满分12分)设函数f(x)?

1、解:(1)f(x)?'1?x?lnx在[1,??)上是增函数。求正实数a的取值范围; ax1a?ba?b?ln?. 设b?0,a?1,求证:

a?bbbax?1?0对x?[1,??)恒成立, ax2?a?

1对x?[1,??)恒成立 x

1?1 ?a?1为所求。 xa?ba?b?1, (2)取x?,?a?1,b?0,?bb1?x?lnx在[1,??)上是增函数, 一方面,由(1)知f(x)?axa?b?f()?f(1)?0

ba?b1?b?lna?b?0 ?a?bba?ba?b1?即ln ba?b另一方面,设函数G(x)?x?lnx(x?1)

G'(x)?1?

1x?1??0(?x?1) xx∴G(x)在(1,??)上是增函数且在x?x0处连续,又G(1)?1?0 ∴当x?1时,G(x)?G(1)?0

a?ba?b?ln bb1a?ba?b?ln?. 综上所述,

a?bbb∴x?lnx 即

1

2.已知椭圆C的一个顶点为A(0,?1),焦点在x轴上,右焦点到直线x?y?1?0

的距离为2 (1)求椭圆C的方程;

???????? (2)过点F(1,0)作直线l与椭圆C交于不同的两点A、B,设FA??FB,T(2,0),若

??[?2,?1],求|TA?TB|的取值范围。

2.解:(1)由题意得:|c?1|2?2 ?c?1…………………1分

由题意b?1,?a?2

2

所以椭圆方程为x2?y2?1………………………3分 (2)容易验证直线l的斜率不为0。

故可设直线l的方程为 x?ky?1,

x2代入2?y2?1中,得(k2?2)y2?2ky?1?0.

设 A(x1,y1),B(x2,y2),

则ykk2?2 y11?y2??21y2??k2?2. ????…………………5分 ∵FA??FB, ∴有y1??,且??0. y2(y1?y2)2yy??4k214k2?22?????2??k212k??2 ??[?2,?1]??5???12???2??12???1??2?0??12??4k2k?20?k2?27?0?k2?22?7. ????7分

∵TA?(x1?2,y1),TB?(x2?2,y2),?TA?TB?(x1?x2?4,y1?y2).

又y2k1?y2??k2?2,?x4(k2?1)1?x2?4?k(y1?y2)?2??k2?2. 故|TA?TB|2?(x1?x2?4)2?(y1?y22)

2

16(k2?1)24k216(k2?2)2?28(k2?2)?8 ??2?(k2?2)2(k?2)2(k2?2)2?16?令t?288……………………………………………………8分 ?k2?2(k2?2)212711712.?0?k???t?[,]. ∴,即

716k2?22162k2?2721722. ∴|TA?TB|?f(t)?8t?28t?16?8(t?)?4271169] 而 t?[,], ∴f(t)?[4,16232∴|TA?TB|?[2,132].………………………………………………………10分 83.已知函数f(x)?x2?ax?lnx, a?R.

(1)若函数f(x)在?1,2?上是减函数,求实数a的取值范围;

(2)令g(x)?f(x)?x2,是否存在实数a,当x?(0,e](e是自然常数)时,函数g(x)的最小值

是3,若存在,求出a的值;若不存在,说明理由;

(3)当x?(0,e]时,证明: ex?'225x?(x?1)lnx 212x2?ax?1?0在?1,2?上恒成立, 3.解:(1)f(x)?2x?a??xx?a??1h(1)?0??令 h(x)?2x2?ax?1,有? 得?7,……………………… 4分

h(2)?0a?????2得a??

7 …………………………………………………………………………… 5分 2 (2)假设存在实数a,使g(x)?ax?lnx(x?(0,e])有最小值3,

1ax?1? ……………………………………………6分 xx4

当a?0时,g(x)在(0,e]上单调递减,g(x)min?g(e)?ae?1?3,a?(舍去),

e

111②当0??e时,g(x)在(0,)上单调递减,在(,e]上单调递增

aaa1?g(x)min?g()?1?lna?3,a?e2,满足条件.

a14

③当?e时,g(x)在(0,e]上单调递减,g(x)min?g(e)?ae?1?3,a?(舍去),

aeg'(x)?a?

3

综上,存在实数a?e,使得当x?(0,e]时g(x)有最小值3. ……………………10分 (3)令F(x)?e2x?lnx,由(2)知,F(x)min?3.令?(x)?当0?x?e时,?'(x)?0,h(x)在(0,e]上单调递增 ∴?(x)max??(e)?2lnx51?lnx?,?'(x)?, x2x21515????3 e2225lnx5?e2x?lnx??, 即e2x2?x?(x?1)lnx.………14分

x22

4.设函数f(x)?x3?ax2?a2x?m (a?0)

(1)若a?1时函数f(x)有三个互不相同的零点,求m的范围; (2)若函数f(x)在??1,1?内没有极值点,求a的范围;

(3)若对任意的a??3,6?,不等式f(x)?1在x???2,2?上恒成立,求实数m的取值范围.

4.解:(1)当a?1时f(x)?x3?x2?x?m,

因为f(x)有三个互不相同的零点,所以f(x)?x3?x2?x?m?0, 即m??x?x?x有三个互不相同的实数根。

令g(x)??x3?x2?x,则g'(x)??3x2?2x?1??(3x?1)(x?1)。 因为g(x)在(??,?1)和(1均为减函数,在??1,1为增函数, 3,??)3?5m的取值范围??1,27?

32 (2)由题可知,方程f'(x)?3x2?2ax?a2?0在??1,1?上没有实数根,

?f'(1)?3?2a?a2?0?'2因为?f(?1)?3?2a?a?0,所以a?3

?a?0?'22(3)∵f(x)?3x?2ax?a?3(x?a,且a?0, 3)(x?a)∴函数f(x)的递减区间为(?a,a,递增区间为(??,?a)和(a; 3)3,??)当a??3,6?时,a3??1,2?,?a??3,又x???2,2?,

∴f(x)max?max?f(?2),f(2)?而f(2)?f(?2)?16?4a?0

2

4

∴f(x)max?f(?2)??8?4a?2a2?m, 又∵f(x)?1在x???2,2?上恒成立,

∴f(x)max?1,即?8?4a?2a?m?1,即m?9?4a?2a在a??3,6?恒成立。

22

∵9?4a?2a的最小值为?87 ∴m??87 6.(本题满分14分)

2x2y22已知椭圆C1:2?2?1(a?b?0)的离心率为,直线l:y?x?22与以原点为圆心、ab2以椭圆C1的短半轴长为半径的圆相切。

(Ⅰ)求椭圆C1的方程;

(Ⅱ)设椭圆C1的左焦点为F1,右焦点为F2,直线l1过点F1,且垂直于椭圆的长轴,动直线l2垂直l1于点P,线段PF2的垂直平分线交l2于点M,求点M的轨迹C2的方程;

(Ⅲ)若AC、BD为椭圆C1的两条相互垂直的弦,垂足为右焦点F2,求四边形ABCD的面积的最小

值.

2c2a2?b212226.解:(Ⅰ)?e? ,?e?2??,?a?2b22aa222?直线l:x?y?2?0与圆x2?y2?b2相切 ??b,?b?2,b2?4,?a2?8,

2x2y2??1. ∴椭圆C1的方程是 ????3分 84 (Ⅱ)∵MP=MF2,∴动点M到定直线l1:x??2的距离等于它到定点F2(2,0)的距离, ∴动点

M的轨迹C是以l1为准线,F2为焦点的抛物线

∴点M的轨迹C2的方程为y2?8x ????6分

(Ⅲ)当直线AC的斜率存在且不为零时,设直线AC的斜率为k,

A(x1,y1),C(x2,y2),则直线AC的方程为y?k(x?2).

x2y2??1及y?k(x?2)得(1?2k2)x2?8k2x?8k2?8?0. 联立848k28k2?8,x1x2?. 所以x1?x2?221?2k1?2k32(k2?1)2222….9分 |AC|?(1?k)(x1?x2)?(1?k)[(x1?x2)?4x1x2]?1?2k21132(1?k2)由于直线BD的斜率为?,用?代换上式中的k可得|BD|?

kkk2?2∵AC?BD,

116(1?k2)2∴四边形ABCD的面积为S?|AC|?|BD|?2……..12分 22(k?2)(1?2k)(1?2k2)?(k2?2)23(k2?1)222]?[] 由(1?2k)(k?2)?[22

5

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2012年高考数学最后压轴大题及答案详解1.(本小题满分12分)设函数f(x)?1、解:(1)f(x)?'1?x?lnx在[1,??)上是增函数。求正实数a的取值范围;ax1a?ba?b?ln?.设b?0,a?1,求证:a?bbbax?1?0对x?[1,??)恒成立,ax2?a?又1对x?[1,??)恒
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