?x＝0.02 mol解得?
?y＝0.02 mol
所以混合气体中臭氧的体积分数为50%。
课时3 物质的量浓度及其溶液的配制
一、选择题
1．用已准确称量过的氢氧化钠固体配制0.20 mol·L－1的氢氧化钠溶液250 mL，要用到的仪器是( )
①250 mL容量瓶 ②托盘天平 ③烧瓶 ④胶头滴管 ⑤烧杯 ⑥玻璃棒 ⑦试管 ⑧药匙 A．①④⑤⑥ C．①②④⑤⑥⑧
B．①②④⑤ D．全部
解析 由于只需要进行溶解、转移、洗涤和定容操作，故需用的仪器只是①④⑤⑥。 答案 A
2．(2017·洛阳模拟)下列溶液中Cl－的物质的量浓度最大的是( ) A．200 mL 2.5 mol·L－1 MgCl2溶液 B．1 000 mL 2.5 mol·L－1 NaCl溶液 C．250 mL 1 mol·L－1 AlCl3溶液 D．300 mL 5 mol·L－1 KClO3溶液 答案 A
3．下列溶液中，溶质的物质的量浓度不是1 mol·L－1的是( ) A．10 g NaOH固体溶解在水中配成250 mL溶液 B．将80 g SO3溶于水并配成1 L的溶液
C．将0.5 mol·L－1的NaNO3溶液100 mL加热蒸发掉50 g水的溶液 D．标况下，将22.4 L氯化氢气体溶于水配成1 L溶液
10 g80 g
－140 g·mol－180 g·mol
解析 A项，c(NaOH)＝0.25 L＝1 mol·L－1；B项，c(H2SO4)＝
1 L＝1 mol·L－1；C项，蒸发掉50 g水后，溶液的体积并不是50 mL，NaNO3的22.4 L
22.4 L·mol－1－1－1
浓度也不是1 mol·L；D项，c(HCl)＝＝1 mol·L。
1 L答案 C
4．下列叙述正确的是( )
A．将5.85 g NaCl晶体溶入100 mL水中，制得1 mol·L－1NaCl溶液 B．将1体积c mol·L－1硫酸用水稀释为5体积，得到0.2c mol·L－1硫酸 C．将25 g无水CuSO4溶于水配制成100 mL溶液，其浓度为1 mol·L－1 D．将w g a% NaCl溶液蒸发掉w/2 g水，得到4a% NaCl溶液
解析 A项，NaCl溶于水后，溶液的体积大于100 mL，所得溶液中c(NaCl)小于1 mol·L－1；C项，CuSO4的物质的量大于0.1 mol，则c(CuSO4)大于1 mol·L
－1
；D项，若不析出晶体，得到的是2a%的NaCl溶液。
答案 B
5．欲配制100 mL 1.0 mol·L1Na2SO4溶液，下列方法中正确的是( )
－
①将14.2 g Na2SO4溶于100 mL水中 ②将32.2 g Na2SO4·10H2O溶于少量水中，再用水稀释至100 mL ③将20 mL 5.0 mol·L－1Na2SO4溶液用水稀释至100 mL A．②③ C．①③
B．①② D．①②③
解析 100 mL应是溶液的体积，而不是溶剂的体积，另外Na2SO4的物质的量为0.1 mol。 答案 A
6．下列溶液配制实验的描述完全正确的是( )
A．在容量瓶中先加入一定体积的水，再加入浓硫酸配制准确浓度的稀硫酸 B．用浓盐酸配制1∶1(体积比)的稀盐酸(约6 mol·L－1通常需要用容量瓶等仪器)
C．配制NH4Fe(SO4)2标准溶液时，加入一定量H2SO4以防止水解
D．用pH＝1的盐酸配制100 mL pH＝2的盐酸所需全部玻璃仪器有100 mL容量瓶、烧杯、玻璃棒、胶头滴管
解析 A项，不能在容量瓶中稀释浓硫酸；B项，应用烧杯、玻璃棒配制该盐酸；D项，少定量仪器量筒。 答案 C
7．用NaOH固体配制1.0 mol·L－1的NaOH溶液220 mL，下列说法正确的是( ) A．首先称取NaOH固体8.8 g
B．定容时仰视刻度线会使所配制的溶液浓度偏高
C．定容后将溶液均匀，静置时发现液面低于刻度线，于是又加少量水至刻度线
D．容量瓶中原有少量蒸馏水没有影响
解析 依题意，配制1.0 mol·L－1的NaOH溶液220 mL，要用250 mL容量瓶来配制，则需要NaOH固体10.0 g，A项错误；B、C项中的操作都会使配制的溶液浓度偏低，B、C错误。 答案 D
8．下列有关操作或判断正确的是( )
A．配制一定物质的量浓度的溶液时，定容时仰视刻度线会导致所配溶液浓度偏高
B．用托盘天平称取25.20 g NaCl C．用100 mL的量筒量取5.2 mL的盐酸
D．用浓盐酸配制一定物质的量浓度的稀盐酸，量取浓盐酸时仰视量筒的刻度线会导致所配溶液浓度偏高
解析 定容时仰视刻度线，导致所配溶液的体积偏大，使所配溶液的浓度偏低，A不正确；托盘天平的精确度是0.1 g，无法称取25.20 g NaCl，B不正确；应用10 mL量筒量取5.2 mL的盐酸，C不正确；量取浓盐酸时仰视量筒的刻度线，所取的浓盐酸比应取的量多，溶质的物质的量增加，会导致所配溶液浓度偏高，D正确。 答案 D
9．(2017·廊坊期末)下列情况会使所配溶液浓度偏低或其他测量值偏低的是( )
①用稀醋酸和稀氢氧化钠溶液反应测定中和热数值；②用滴定管量取液体时，开始时平视读数，结束时俯视读数所得溶液的体积；③溶液转移到容量瓶后，烧杯及玻璃棒未用蒸馏水洗涤；④在用标准液(已知浓度)滴定未知溶液时，盛标准液的滴定管水洗后未润洗；⑤定容时，仰视容量瓶的刻度线 A．①③⑤ C．②③④
B．①②⑤ D．③④⑤
解析 ①醋酸为弱电解质，电离需要吸收热量，导致测得的中和热数值偏低，故①选；②用滴定管量取液体时，开始时平视读数，结束时俯视读数所得溶液的体积偏大，故②不选；③溶液转移到容量瓶后，烧杯及玻璃棒未用蒸馏n
水洗涤，导致溶质的物质的量偏小，依据c＝V分析可知溶液的浓度偏低，故③选；④在用标准液(已知浓度)滴定未知溶液时，盛标准液的滴定管水洗后未润洗，导致标准液浓度偏低，滴加标准液体积偏大，因此使测得的未知液的浓度偏大，故④不选；⑤定容时，仰视容量瓶的刻度线，导致溶液的体积n
偏大，依据c＝V分析可知溶液的浓度偏低，故⑤选；所以选A。 答案 A
10．用溶质质量分数为98%的浓硫酸和溶质质量分数为18%的稀硫酸配制500 g溶质质量分数为28%的硫酸，需要浓硫酸和稀硫酸的质量分别为( ) A．62.5 g 437.5 g C．437.5 g 62.5 g
B．71.4 g 428.6 g D．428.6 g 71.4 g
解析 设需要浓硫酸和稀硫酸的质量分别为x、y。 由题意得
?x＋y＝500 g? 98%＋y·18%＝500 g×28%?x·
?x＝62.5 g解得：?
?y＝437.5 g故答案选A。 答案 A
11．下图是某学校实验室从化学试剂商店买回的硫酸试剂标签上的部分内容。据此下列说法正确的是( )
硫酸 化学纯?CP? ?500 mL?品名：硫酸化学式：H2SO4 相对分子质量：98密度：1.84 g·cm－3质量分数：98%
A．该硫酸的物质的量浓度为9.2 mol·L－1 B．1 mol Zn与足量该硫酸反应产生2 g氢气
C．配制200 mL 4.6 mol·L－1的稀硫酸需取该硫酸50 mL D．该硫酸与等质量的水混合后所得溶液的浓度大于9.2 mol·L－1 1 000 mL×1.84 g·cm－3×98%解析 A项，c＝ 98 g·mol－1×1 L
＝18.4 mol·L－1；B项，Zn与浓H2SO4反应放出SO2气体；C项，200 mL×4.6 mol·L－1＝x·18.4 mol·L－1，x＝50 mL；D项，由于水的密度小于H2SO4的密度，所以当浓H2SO4与水等质量混合时，其体积大于浓H2SO4体积的2倍，所以其物质的量浓度小于9.2 mol·L－1。 答案 C
12．在t ℃时，将a g NH3完全溶于水，得到V mL溶液，假设该溶液的密度为ρ g·mL－1，质量分数为w，其中含有NH＋4的物质的量是b mol，下列叙述正确的是( )
A．溶质的质量分数w＝
a
×100% ρV－a
1 000a
B．溶质的物质的量浓度c＝35V mol·L－1 C．溶液中c(OH－)＝
1 000b－1＋
mol·L＋c(H) V
D．上述溶液中再加入V mL水后，所得溶液溶质的质量分数大于0.5w 解析 氨水中溶质为氨气，该溶液的密度为ρ g·mL－1，体积为V mL，所以溶a ga液质量为ρV g，溶质氨气的质量为a g，溶质的质量分数ρV g×100%＝ρVa
×100%，故A不正确；a g NH3的物质的量为17 mol，溶液体积为V mL，所
【苏教版】2020版高考化学大一轮复习：全套精练专题(含答案)
