甘肃省武威六中2019届高考物理一诊试卷
一、单选题（本大题共3小题，共18.0分）
1.关于物理学的研究方法，下列说法中不正确的是（ ） A. 伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法 B. 卡文迪许在利用扭秤实验装置测量引力常量时，应用了放大法 C. 由牛顿运动定律可知加速度
，该公式体现了比值定义法
D. “总电阻”“交流电的有效值”等用的是等效替代的方法 【答案】C 【解析】 【分析】
物理学的发展离不开科学的研究方法，要明确各种科学方法在物理中的应用，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想等，由此分析解答.
【详解】A、伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法，故A正确； B、卡文迪许在利用扭秤实验装置测量引力常量时，应用了放大法，故B正确； C、由
，知a与F成正比，与m成反比，可知该公式不属于比值定义法，故C不正确；
D、合力与分力、总电阻用的是“等效替代”的方法，故D正确. 本题选不正确的故选C.
【点睛】本题考查了常见的研究物理问题的方法，要通过练习体会这些方法的重要性，培养学科思想. 2.如图所示，某极地轨道卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极，已知该卫星从北纬60°的正上方按图示方向第一次运行到南纬60°的正上方时所用时间为1h，则下列说法正确的是( )
A. 该卫星的运行速度一定大于7.9km/s
B. 该卫星与同步卫星的运行角速度之比为2:1 C. 该卫星与同步卫星的运行半径之比为l:4 D. 该卫星的机械能一定大于同步卫星的机械能 【答案】C 【解析】
A、7.9km/s是卫星环绕地球做匀速圆周运动的最大速度，所以该卫星的运行速度一定小于7.9km/s，故A错误；
BC、从北纬60°的正上方按图示方向第一次运行至南纬60°正上方转过的圆心角为
，同步卫星的周期是24h，由
得
，则周期为
，所以该卫星与同步卫星的
运行半径之比C正确；
；由得该卫星与同步卫星的运行角速度之比为，故B错误，
D、由于不知道卫星与同步卫星的质量关系，故D错误； 故选C。
【点睛】考查人造卫星与同步卫星的关系，灵活运动用重力和万有引力相等以及万有引力提供圆周运动的向心力是解决本题的关键。
3.一定质量的小球自t=0时刻从水平地面上方某处自由下落，小球与地面碰后反向弹回，不计空气阻力，也不计小球与地面碰撞的时间，小球距地面的高度h与运动时间t关系如右图所示，取g=10m/s。则下列说法正确的是（ ）
2
A. 小球第一次与地面碰撞前的最大速度为15m/s B. 小球第一次与地面碰撞后的最大速度为12m/s C. 小球在4~5秒内小球走过的路程为2.5m D. 小球将在t=6s时与地面发生第四次碰撞 【答案】C 【解析】
由图象可得小球第一次与地面碰撞前释放高度h=20m，则可得第一次落地时速度为误；由图象可知第一次撞后上升的最大高度为h'=5m，可得第一碰撞后的速度为
，则A错，则B错误。
由图象可知小球在4~5s内刚好与地面撞击两次，即在空中运动时间为1s，所以有
，则其在4~5秒内小球走过的路程为
象规律可知，小球第四次碰撞时间应在5~6秒之间，故D错误。
，故C正确；根据图
二、多选题（本大题共7小题，共40.0分）
4.在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2表示．下列判断正确的是（ ）
A. I 减小，B. I 减小，C. I 增大，D. I 增大，【答案】AB 【解析】
减小 增大 增大 增大
当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，滑动变阻器电阻增大，由“串反并同”原理可知与其并联的电压表V2示数增大，与其串联的电压表和电流表示数都减小，AB对；
5.如图所示，平行板电容器两极板水平放置，现将其与二极管串联接在电动势为E的直流电源上，电容器下极板接地，静电计所带电量可忽略，二极管具有单向导电性。闭合开关S，一带电油滴恰好静止于两板间的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则下列说法正确的是
A. 平行板电容器的电容将变大 B. 静电计指针张角变小 C. 带电油滴的电势能将减少 D. 油滴仍将保持静止 【答案】CD 【解析】 根据
知，d增大，则电容减小．故A错误．静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器电
容减小，则电容器要放电，但是由于二极管的单向导电性，导致电容器电量不变，故根据Q=CU可知，U变大，，所以静电计指针张角变大．故B错误．因电容器电量不变，则当d增大时，根据
,电
场强度不变，P点与下极板的电势差变大，则P点的电势增大，因为该电荷为负电荷，则电势能减小．故C正确．因电场强度不变，则油滴所受电场力不变．油滴仍将保持静止，故D正确．故选CD．
点睛：本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，二极管的存在导致电容器不能放电，则电量不变；当电容量电量不变时，两板间的场强与两板间距无关.
6.小明同学遥控小船做过河实验，并绘制了四幅小船过河的航线图，如图所示．图中实线为河岸，河水的流动速度不变，方向水平向右，虚线为小船从河岸M驶向对岸N的实际航线，小船相对于静水的速度不变，并且大于河水的流动速度．则（ ）
A. 航线图甲是正确的，船头保持图中的方向，小船过河时间最短 B. 航线图乙是正确的，船头保持图中的方向，小船过河位移最短 C. 航线图丙是正确的，船头保持图中的方向，小船过河位移最短 D. 航线图丁不正确，如果船头保持图中的方向，船的轨迹应该是曲线 【答案】ABD 【解析】 【分析】
小船参与了静水中的运动和水流的运动，最终的运动是这两个运动的合运动，根据平行四边形定则进行分
析．
【详解】A、静水速垂直于河岸，合速度的方向偏向下游。且过河时间最短，故A正确. B、根据平行四边形定则知，合速度的方向正好垂直河岸，过河的位移最小；故B正确. C、由于流水速度，因此不可能出现此现象，故C错误；
D、船头的指向为静水速的方向，静水速的方向与流水速度的合速度的方向不可能是图示方向；故D正确. 故选ABD.
【点睛】该题考查运动的合成与分解，解决本题的关键知道速度的合成遵循平行四边形定则，以及船的运动是由船相对于静水的运动与水的运动组成的，解决本题的关键知道速度的合成遵循平行四边形定则． 7.如图a、b所示，是一辆质量m=6×103kg的公共汽车在t=0和t=4s末两个时刻的两张照片．当t=0时，汽车刚启动（汽车的运动可看成匀加速直线运动）．图c是车内横杆上悬挂的拉手环经放大后的图象，测得θ=15°．根据题中提供的信息，可以估算出的物理量有（ ）
A. 汽车的长度 B. 4s末汽车的速度 C. 4s内汽车牵引力所做的功 D. 4s末汽车牵引力的功率 【答案】AB 【解析】 【分析】
从图c中求出汽车的加速度的，根据初速度、时间、加速度可求出汽车的位移（即汽车的长度）、以及汽车的速度．根据加速度可求出汽车所受的合外力，从而求出合外力做的功，因无法知道汽车的牵引力，故无法求出汽车牵引力的功率．
【详解】A、从c图知道，汽车的加速度为gtanθ，还知道初速度为0和运动的时间，根据v=v0+at可求出汽车的位移（即汽车的长度）和4s末汽车的速度；故A、B正确.
C、根据F=ma求合外力，根据位移可求出合外力做的功，但不能求出牵引力做的功；故C错误.
和
甘肃省武威市第六中学2019届高三下学期一诊物理试题（解析版）
