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正确的是（ ）
A．只有（a）能
B．只有（b）能
C．（a）（b）都能 D．（a）（b）都不能
【分析】判断电路中是否有电流通过，通常的做法有：用电流表测电流或串联一个灯泡观察亮度，由于不能断开导线，因此可用电流的磁效应来设计实验：
①通电直导线周围存在磁场；将导线平行于小磁针的正上方，通过观察小磁针是否发生偏转来进行判断。
②利用铁钉等工具制作电磁铁，通过电磁铁对磁性物体的吸引作用来设计实验。
【解答】解：由图可知，（a）闭合电路中的导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就能产生电流；
（b）中的小磁针在通电导线的周围，闭合开关后，小磁针会发生偏转，就能说明导线中有电流，这是电流的磁效应。 故选：C。
【点评】本题利用了电流的磁效应来判断导线中是否有电流通过，能将所学知识应用于解决实际问题，是我们应该重视的。
11．（2024?南京）如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置两个相同的易拉罐中分别装有质量和初温都相同的a、b两种液体，用相同的装置加热，根据记录的实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，下列说法中正确的是（ ）
A．组装器材时，先固定上面铁圈的高度 B．升高相同温度，a液体吸收的热量更多 C．a液体的比热容小于b液体的比热容
D．不添加器材，利用本实验装置还可以比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量
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【分析】A、要用酒精灯的外焰加热，为确保组装器材一次到位，应按从下往上的顺序调节； BC、我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。 比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； D、根据△t=
分析。
【解答】解：A、要用酒精灯的外焰加热，为确保组装器材一次到位，应按从下往上的顺序调节，A错误；
BC、升高相同温度，b加热时间长，如下所示：
b液体吸收的热量更多；B错误；
根据比较比较吸热能力的第2种方法，b液体的吸热能力强，即比热容大，C正确； D、比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量，吸热液体应为同一种类且质量相同，根据△t=
，通过温度的变化反应吸热多少，故D错误。
故选：C。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查器材的调试、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
12．（2024?南京）如图所示电路，电源电压不变，小灯泡标有“6V 3W“字样，闭合开关后，当滑片P移至某一位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为P1；当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A，电压表示数变化了3V，此时滑动变阻器消耗的功率为P2，且P1：P2=5：6．下列判断正确的是（ ）
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A．滑动变阻器的最大阻值为10Ω B．电路允许消耗的最大功率为4.5W
C．小灯泡正常发光时，滑片P位于滑动变阻器中点位置
D．滑动变阻器消耗的功率由P1变为P2的过程中，小灯泡消耗的功率变化了0.6W
【分析】（1）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据滑片在某一位置和在一端时滑动变阻器消耗的功率之比，算出电源电压；
当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A，电流表示数减小，电阻变大，说明滑片在最大阻值处，算出滑动变阻器的最大阻值；
（2）根据P=UI和灯泡的额定电流算出电路允许消耗的最大功率；
（3）根据欧姆定律和小灯泡正常发光时，算出滑动变阻器的电阻从而确定滑片P的位置； （4）根据P=UI算出小灯泡消耗的功率值以及变化值。 【解答】解：
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）设电源电压为U，
当滑片P移至某位置时，小灯泡恰好正常发光，且串联电路中电流处处相等， 由P=UI可得，此时电路中的电流为：I=IL=
=
=0.5A，
滑动变阻器消耗的功率为：P1=（U﹣UL）I=（U﹣6V）×0.5A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A，电流表示数减小，说明变阻器接入的电阻变大，此时滑片在最大阻值处；
变阻器接入的电阻变大，由串联分压规律可知，变阻器分得的电压变大，所以，电压表示数变化了3V即增大了3V，此时滑动变阻器两端的电压为：U滑=U﹣6V+3V=U﹣3V， 此时滑动变阻器消耗的功率为：P2=U滑I′=（U﹣3V）×0.3A﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 已知P1：P2=5：6﹣﹣﹣﹣③ 联立①②③解得，电源电压U=9V；
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则滑动变阻器的最大阻值为：R滑大====20Ω，故A错误；
（2）灯泡的额定电流为0.5A，则电路中的最大电流为0.5A， 电路允许消耗的最大功率：P大=UI大=9V×0.5A=4.5W，故B正确；
（3）小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压为：U滑′=U﹣6V=9V﹣6V=3V， 此时滑动变阻器的电阻为：R滑′=
=
=6Ω，
因为滑动变阻器的最大阻值为20Ω，所以此时滑片P不在中点位置，故C错误；
（4）由题意可知，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为P1，则此时灯泡消耗的功率PL=P额= 3W，
滑动变阻器消耗的功率由P1变为P2的过程中，电压表示数变化了3V即增大了3V，由串联电路的电压规律可得，灯泡两端的电压减小了3V，则此时灯泡两端的电压UL′=6V﹣3V=3V， 此时灯泡消耗的电功率：PL′=UL′I′=3V×0.3A=0.9W，
则灯泡消耗的功率变化了：△P=PL﹣PL′=3W﹣0.9W=2.1W，故D错误。 故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意本题中灯泡的电阻是变化的。 二．填空题
13．（2024?南京）在南京长江隧道口，有以下安全提示信息，请在横线上填上合适的单位。 （1）限高4.5 m ； （2）限速80 km/h ；（3）隧道禁止5 t 以上货车通行。
【分析】首先要对题目中涉及的几种物理量有个初步的了解，结合对生活实际的认识，填入符合生活实际的答案。
【解答】解：（1）限高4.5m；（2）限速80km/h；（3）限载5t； 故答案为：（1）m；（2）km/h；（3）t。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，填入符合实际的单位即可。
14．（2024?南京）2024年5月21日凌晨，“鹊桥”号中继星在我国西昌卫星发射中心成功发
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射升空（如图所示）。地面控制中心通过 电磁 波向它发出指令，这种波在真空中传播的速度为 3×10 m/s，“鹊桥”号中继星在随火箭加速上升过程中，重力势能 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”，下同），动能 变大 。
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【分析】（1）电磁波可以传递信息，地面控制中心通过电磁波发出指令给嫦娥二号；电磁波信号传播速度与光速是相同的，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；
（2）机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大。
【解答】解：“鹊桥”号中继星的运动受到地面指挥中心的控制，地面中心是通过电磁波来传达指令的；这种波在真空中传播速度为 3×108m/s；
卫星加速上升过程中，质量不变、速度增大，动能变大；同时，质量不变、高度增加，所以重力势能变大；由于火箭对卫星做功，故使得其机械能不断增加。 故答案为：电磁；3×108；变大；变大。
【点评】此题考查电磁波的传播和机械能的知识；机械能的大小取决于动能和势能的大小，根据题目中动能和势能的大小变化可分析出机械能的大小变化。
15．（2024?南京）天然气已经被广泛利用，它是一种 不可 （选填“可”或“不可”）再生能源，完全燃烧0.07m3天然气释放的热量为 2.8×106 J，若这些热量的30%被水吸收，可以将4kg的水由20℃加热到 70 ℃．[q天然气=4×107J/m3，c水=4.2×103J/（kg?℃）] 【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源； （2）利用Q放=Vq计算出天然气完全燃烧放出的热量；
（3）由题知，Q吸=30%Q放，再利用Q吸=cm（t﹣t0）的变形式求出水的末温。 【解答】解：
（1）天然气属于化石能源，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源； （2）完全燃烧0.07m3天然气释放的热量： Q放=Vq=0.07m3×4×107J/m3=2.8×106J；
（3）由题知，水吸收的热量：Q吸=30%Q放=30%×2.8×106J=8.4×105J，
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2024-2024学年江苏省南京市中考物理试卷(有标准答案)(word版)
