最新物理试卷物理整体法隔离法解决物理试题题分类汇编
一、整体法隔离法解决物理试题
1．如图所示，水平面O点左侧光滑，O点右侧粗糙且足够长，有10个质量均为m完全相同的小滑块（可视为质点）用轻细杆相连，相邻小滑块间的距离为L，滑块1恰好位于O点，滑块2、3……依次沿直线水平向左排开，现将水平恒力F作用于滑块1，经观察发现，在第3个小滑块进入粗糙地带后到第4个小滑块进入粗糙地带前这一过程中，小滑块做匀速直线运动，已知重力加速度为g，则下列说法正确的是
A．粗糙地带与滑块间的动摩擦因数??B．匀速运动过程中速度大小F mgFL 5mC．第一个滑块进入粗糙地带后，第二个滑块进入前各段轻杆的弹力大小相等 D．在水平恒力F作用下，10个滑块全部可以进入粗糙地带 【答案】B 【解析】 【详解】
A、对整体分析，根据共点力平衡得，F=3μmg，解得??B、根据动能定理得F?2L??mg?2L??mg?L?F，故A错误. 3mg1FL?10mv2，解得v?，故B正确. 25mC、第一个滑块进入粗糙地带后，整体仍然做加速运动，各个物体的加速度相同，隔离分析，由于选择的研究对象质量不同，根据牛顿第二定律知，杆子的弹力大小不等，故C错误.
D、在水平恒力F作用下，由于第4个滑块进入粗糙地带，整体将做减速运动，设第n块能进入粗焅地带，由动能定理：F(nL)??mgL(1?2?3???(n?1))?0?0，解得：
n=7,所以10个滑块不能全部进入粗糙地带，故D错误．
故选B.
2．如图所示，质量为M的板置于水平地面，其上放置一质量为m的物体，物体与板，板与地面间的滑动摩檫系数分别为?、2?。当作用在板上的水平拉力为F时能将板从物体下拉出，则F的取值范围为（ ）
A．F >?mg B．F >?(m?M)g C．F >2?(m?M)g D．F >3?(m?M)g 【答案】D 【解析】 【详解】
当M和m发生相对滑动时，才有可能将M从m下抽出，此时对应的临界状态为：M与m间的摩擦力为最大静摩擦力fm，且m运动的加速度为二者共同运动的最大加速度am，对m有：am?fm?mg???g，设此时作用与板的力为F?，以M、m整体为研究对象，mm有：F??2??M?m?g??M?m?am，解得F??3??M?m?g，当F??F时，才能将M抽出，即F?3??M?m?g，故D正确，ABC错误。
3．如图所示电路中，L1、L2为两只完全相同、阻值恒定的灯泡，R为光敏电阻（光照越强，阻值越小）．闭合电键S后，随着光照强度逐渐增强（ ）
A．L1逐渐变暗，L2逐渐变亮 B．L1逐渐变亮，L2逐渐变暗 C．电源内电路消耗的功率逐渐减小
D．光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率逐渐增大 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】
AB．光照强度逐渐增强，光敏电阻阻值减小，电路的总电阻减小，电路中总电流增大，则L2逐渐变亮．由U?E?Ir知，路端电压减小，又L2两端电压增大，则L1两端电压减小，L1逐渐变暗，故A正确B错误；
C．电路中总电流增大，电源内电路消耗的功率：
Pr?I2r
电路中的总电流增大，故电源内电路消耗的功率增大，故C错误；
D．将L2看成电源内电路的一部分，光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率是等效电源的输出功率，由于等效电源的内阻大于外电阻，所以当光敏电阻的阻值减小，外电阻减小，等效电源的内、外电阻差增大，等效电源输出功率减小，故D项错误． 【点睛】
电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大．
4．在如图所示的电路中，已知电源的电动势E＝5 V，内阻不计，R1＝8 Ω，R2＝2 Ω，R3＝5 Ω，R＝6 Ω，滑动变阻器的最大阻值R4＝20 Ω，电容器电容C＝2 μF，不计电表内阻的影响，闭合开关，在滑片从a端滑到b端的过程中，下列说法中正确的是( )
A．电流表的示数变大 B．电压表的示数变大 C．电源的总功率变大 D．电容器先放电后充电 【答案】D 【解析】
A、C、当P从a滑到b时，电路总电阻变大，总电流变小，电流表的示数变小，电源的总功率变小A、C错误；B、总电流变小，R1、R2支路的电流不变，通过R3的电流变小，故电压表示数变小，B正确；D、当P在a端时电容器与R2并联，电容器两端电压UC1＝1V，上极板带正电；当P在b端时，电容器两端电压UC2＝3V，上极板带负电，所以电容器先放电后充电，D正确．故选BD.
【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律中的含容电路；要注意当无法明确电容器的串并联关系时则应先求出两端的电势，再求出两端的电势差即可求解．
5．如图所示,质量为M的木板,上表面水平,放在水平桌面上,木板上面有一质量为m的物块,物块与木板及木板与桌面间的动摩擦因数均为,若要以水平外力F将木板抽出,则力F的大小至少为（ ）
A．mg B．(M+m)g C．(m+2M)g
D．2(M+m) g 【答案】D 【解析】 【详解】
对m与M分别进行受力分析如；如图所示；
对m有：f1=ma1 …① f1=μmg…② 由①和②得：a1=μg
对M进行受力分析有：F-f-f2=M?a2…③
f1和f2互为作用力与反作用力故有：f1=f2=μ?mg…④ f=μ（M+m）?g…⑤ 由③④⑤可得a2=解得：F＞2μ（M+m）g 故选D。 【点睛】
正确的受力分析，知道能将木板从木块下抽出的条件是木板产生的加速度比木块产生的加速度来得大这是解决本题的关键．
-μg
要将木板从木块下抽出，必须使a2＞a1
6．质量为m的光滑圆柱体A放在质量也为m的光滑“V型槽B上,如图,α=60°,另有质量为M的物体C通过跨过定滑轮的不可伸长的细绳与B相连,现将C自由释放,则下列说法正确的是（ ）
A．若A相对B未发生滑动,则A、B、C三者加速度相同 B．当M=2m时,A和B共同运动的加速度大小为g C．当M?3(3?1)m时，A和B之间的正压力刚好为零 2D．当M?(3?1)m时,A相对B刚好发生滑动 【答案】D 【解析】 【分析】
由题中“有质量为M的物体C通过跨过定滑轮的不可伸长的细绳与B相连”可知，本题考查牛顿第二定律和受力分析，运用整体法和隔离法可分析本题。 【详解】
A、若A相对B未发生滑动，则AB可看做整体，加速度相同，C的运动方向向下，加速度方向与AB不同，故A错误；
B、若A和B共同运动的加速度大小为g时，则C得加速度大小也为g，但对C隔离分析，C不可能做自由落体，因此不论M等于多少，加速度不能是g，故B错误； CD、若A和B之间的正压力刚好为零，则此时加速度设为a，对A受力分析可得
Fcos??ma，Fsin??mg
解得
a?对A、B、C整体运用牛顿第二定律可得
3g 3Mg?(M?2m)a
解得
M?(3?1)m
故C错误D正确；
7．如图所示，质量为m的球置于斜面上，被一个拴在斜面上的细绳拉住。现用一个力F推斜面，使斜面在水平面上和小球一起做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是
A．若加速度足够小，细绳对球的弹力可能为零 B．细绳对球的弹力可能为零
C．斜面和细绳对球的弹力的合力一定等于ma D．当F变化时，斜面对球的弹力不变 【答案】B
【解析】A、B、D、对小球和斜面的整体分析可知，推力越大整体的加速度越大，当推力达到一临界值时，斜面的加速度足够大使得小球相对斜面产生上滑趋势，此时绳子的拉力
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