【新教材2020版】 教学资料范本 2020高考物理专题七曲线运动精准培优专练 编 辑：__________________ 时 间：__________________ 本资料系本人收集整编，以VIP专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！1 / 10 【新教材2020版】 【最新】20xx年高考物理专题七曲线运动精准培优专练 1. 曲线运动的问题每年必考，主要是在实际问题中考查速度、加速度、及位移的分解，平抛运动的处理方法，以及圆周运动与牛顿运动定律、能量等内容的综合应用。 2. 常用思想方法： (1)从分解的角度处理平抛运动。 (2)圆周运动的动力学问题实际上是牛顿第二定律的应用，且已知合外力方向(匀速圆周运动指向圆心)，做好受力分析，由牛顿第二定律列方程。 典例1. (20xx·全国卷Ⅱ·17)如图，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直，一小物块以速度v从轨道下端滑入轨道，并从轨道上端水平飞出，小物块落地点到轨道下端的距离与轨道半径有关，此距离最大时，对应的轨道半径为(重力加速度大小为g)( ) v2A. B. C. D. 2g【解析】物块由最低点到最高点有：；物块做平抛运动：x=v1t；；联立解得：，由数学知识可知，当时，x最大，故选B。1mv2?2mgr?1mv1222t?4rv24v22x??16rr? g8gg本资料系本人收集整编，以VIP专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！2 / 10 【新教材2020版】 【答案】B 典例2. (20xx?全国III卷?17)在一斜面顶端，将甲、乙两个小球分别以v和的速度沿同一方向水平抛出，两球都落在该斜面上。甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时速率的( )v 2A. 2倍 B. 4倍 C. 6倍 D. 8倍 【解析】设甲球落至斜面时的速率为v1，乙落至斜面时的速率为v2，由平抛运动规律，x = vt，，设斜面倾角为θ，由几何关系，，小球由抛出到落至斜面，由机械能守恒定律，，y?1gt2tan??y2x121mv?mgy?mv12 22联立解得：，即落至斜面时的速率与抛出时的速率成正比。同理可得，，所v1?v1?tan2?v2?1v1?tan2?2 以甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时的速率的2倍，选项A正确。 【答案】A 1．(多选)如图所示，一高度为h的光滑平面与一倾角为θ的斜面连接，一小球以速度v从平面的右端P点向右水平抛出，不计空气阻力，则小球在空中运动的时间t( ) A．一定与v的大小有关 B．一定与v的大小无关 C．当v大于·，t与v无关 D．当v小于·，t与v有关 【答案】CD 本资料系本人收集整编，以VIP专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！3 / 10 【新教材2020版】 【解析】小球有可能落在斜面上，也有可能落在水平面上，可用临界法求解，如果小球恰好落在斜面与水平面的交点处，则满足＝vt，h＝gt2，联立可得v＝·，故当v大于·时，小球落在水平面上，t＝，与v无关；当v小于·时，小球落在斜面上，x＝vt，y＝gt2，＝tan θ，联立可得t＝，即与v有关，故选项C、D正确。 2．(多选)如图所示，用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来提升重物M，长杆的一端放在地上通过铰链连接形成转轴，其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处，在杆的中点C处拴一细绳，通过两个滑轮后挂上重物M。C点与O点距离为L，现在杆的另一端用力使其逆时针匀速转动，由竖直位置以角速度ω缓慢转至水平(转过了90°角)，此过程中下列说法正确的是( ) A．重物M做匀速直线运动 B．重物M做匀变速直线运动 C．重物M的最大速度是ωL D．重物M的速度先增大后减小 【答案】CD 【解析】与杆垂直的速度v是C点的实际速度，v绳是沿细绳的速度，即重物M的速度。设v绳与v的夹角是θ，则v绳＝vcos θ，开始时θ减小，则v绳增大；当杆与细绳垂直(θ＝0)时，重物M的速度最大，为vmax ＝ωL，然后再减小，C、D正确。 本资料系本人收集整编，以VIP专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！4 / 10 【新教材2020版】 3．如图所示，ABC为竖直平面内的金属半圆环，AC连线水平，AB为固定在A、B两点间的直金属棒，在直棒和圆环的BC部分上分别套着小环M、N(棒和半圆环均光滑)，现让半圆环绕竖直对称轴以角速度ω1做匀速转动，小环M、N在图示位置。如果半圆环的角速度为ω2，ω2比ω1稍微小一些，关于小环M、N的位置变化，下列说法正确的是( ) A．小环M将到达B点，小环N将向B点靠近稍许 B．小环M将到达B点，小环N的位置保持不变 C．小环M将向B点靠近稍许，小环N将向B点靠近稍许 D．小环M向B点靠近稍许，小环N的位置保持不变 【答案】A 【解析】设AB连线与水平面的夹角为α，当半圆环绕竖直对称轴以角速度ω1做匀速转动时，对小环M，外界提供的向心力等于mMgtan α，由牛顿第二定律得：mMgtan α＝mMω12rM；当角速度减小时，小环所需要的向心力减小，而外界提供的向心力不变，造成外界提供的向心力大于小环所需要的向心力，小环将做近心运动，最终小环M将到达B点。对于N环，由牛顿第二定律得：mNgtan β＝mNω12rN，β是小环N所在半径与竖直方向的夹角。当角速度稍微减小时，小环所需要的向心力减小，小环将做近心运动，向B点靠近，此时β也减小，外界提供的向心力mNgtan β也减小，外界提供的向心力与小环所需要的向心力可重新达到平衡，所以小环N将向B点靠近稍许，故A正确。 本资料系本人收集整编，以VIP专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！5 / 10
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