10+7满分练(4)
2+ai
1.已知为纯虚数,a∈R,则(a+i)i2 019的虚部为( )
1-iA.-1 C.-2 答案 C
2+ai(1+i)(2+ai)2+ai+2i+ai22-aa+2
解析 ∵a∈R,且复数z====+i为纯虚数,
2221-i(1+i)(1-i)∴a=2,
∴(a+i)i2 019=(2+i)·(-i)=1-2i, ∴(a+i)i2 019的虚部为-2.
???2x-5≥12.已知全集U=R,集合A={x||x-1|<1},B=?x?x-1???
B.1 D.2
??
?,则A∩(?UB)等于( ) ??
A.{x|1 B.{x|1 解析 由题意得A={x||x-1|<1}={x|-1 ???? ????x-4???2x-5≥1? ?=?x?≥0?={x|x<1或x≥4}, ?x-1??????x-1? ∴?UB={x|1≤x<4}, ∴A∩(?UB)={x|1≤x<2}. 3.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,若2a11=a9+7,则S25等于( ) 145175 A. B.145 C. D.175 22答案 D 解析 设等差数列{an}的公差为d, ∵2a11=a9+7, ∴2(a1+10d)=a1+8d+7,化为a1+12d=7=a13. 25(a1+a25)则S25==25a13=175. 2 4.设m,n为两个非零的空间向量,则“存在正数λ,使得m=λn”是“m·n>0”的( ) A.充分不必要条件 C.充要条件 答案 A B.必要不充分条件 D.既不充分也不必要条件 解析 当存在正数λ,使得m=λn时,向量m,n为同向共线向量,所以m·n>0,充分性成立;当m·n>0时,得到向量m,n的夹角小于90°,不一定得到向量m,n为同向共线向量,即不一定得到存在正数λ,使得m=λn,所以必要性不成立.综上所述,“存在正数λ,使得m=λn”是“m·n>0”的充分不必要条件,故选A. 5.某多面体的三视图如图所示,其中正视图和侧视图都由正方形和等腰直角三角形组成,正方形的边长为1,俯视图为等腰直角三角形.该多面体的各个面中有若干个三角形,这些三角形的面积之和为( ) 1+33+33A.1 B. C. D. 222答案 C 解析 由三视图得该几何体为一个底面是直角边长为1的等腰直角三角形,高为1的直三棱柱和一个底面是直角边长为1的等腰直角三角形,高为1的三棱锥的组合体,则其表面中共有2个三角形,其中1个是直角边长为1的等腰直角三角形,1个是边长为2的等边三角形,1+313 则这2个三角形的面积之和为×1×1+×(2)2=,故选C. 242 6.甲、乙、丙、丁四个人到重庆旅游,朝天门、解放碑、瓷器口三个景点,每个人只去一个景点,每个景点至少有一个人去,则甲不到瓷器口的方案有( ) A.60种 B.54种 C.48种 D.24种 答案 D 解析 分两类求解.①甲单独一人时,则甲只能去另外两个景点中的一个,其余三人分为两 22 组然后分别去剩余的两个景点,故方案有C1②甲与另外一人为一组到除瓷器2C3A2=12(种);12口之外的两个景点中的一个,其余两人各去一个景点,故方案有C1由分类加3C2A2=12(种). 法计数原理,可得总的方案数为24. 7.已知函数f(x)=3sin(3x+φ),x∈[0,π],则y=f(x)的图象与直线y=2的交点最多有( ) A.2个 B.3个 C.4个 D.5个 答案 C 2π 解析 易得函数f(x)的周期为T=,在平面直角坐标系内画出函数f(x)的图象,则要使函 3 数f(x)在[0,π]内与直线y=2的交点个数最多,则应有函数f(x)的图象经过点(0,2),对于图1,易得点A的横坐标为xA= 2π ,点A关于点B的对称点是C,点C关于对称轴l的对称点3 D的横坐标为π,则由图易得此时函数f(x)的图象与直线y=2在[0,π]内有4个交点. 图1 2πTπ 对于图2,易得点E的横坐标xE=,EF>=,则由图易得此时函数f(x)的图象与直线y 323=2在[0,π]内有3个交点. 图2 综上所述,函数f(x)的图象与直线y=2的交点最多有4个,故选C. 8.抛物线y2=4x的焦点为F,其准线为直线l,过点M(4,4)作直线l的垂线,垂足为H,则∠FMH的角平分线所在直线的斜率是( ) A.1 1 C. 3答案 B 解析 由题意可知点M在抛物线上,则|MH|=|MF|,∴△MHF为等腰三角形,H(-1,4),F(1,0), ∴线段HF的中点为D(0,2),且MD平分∠HMF, 4-21 ∴kMD==,故选B. 4-02 9.已知正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为1,过棱C1D1上一点的直线分别交直线AA1,BC于点M,N,则线段MN的最小长度为( ) A.2 32C. 2答案 D B.4 D.3 1B. 21D. 4 解析 如图,在棱C1D1上任取一点P,则点P与直线BC确定平面PBC,故平面PBC交直线AA1于点M,直线MP交直线BC于点N,设AM=x,BN=y,则x>1,y>1,连接MB交1x-1 A1B1于点Q,连接PQ,根据面面平行的性质定理可得PQ∥BN,由三角形相似,得=, yx 2222 112?x+y?11xy222222 +?(x+y)+1=2+2+即x+y=xy,所以+=1,所以|MN|=x+y+1=?+?xy?xyyxxy 3≥9,当且仅当x=y=2时取等号,即线段MN的最小长度为3,故选D. 10.已知函数f(x)=2x-e2x(e为自然对数的底数),g(x)=mx+1(m∈R),若对于任意的x1∈[-1,1],总存在x0∈[-1,1],使得g(x0)=f(x1)成立,则实数m的取值范围为( ) A.(-∞,1-e2]∪[e2-1,+∞) B.[1-e2,e2-1] C.(-∞,e2-1]∪[1-e2,+∞) - - D.[e2-1,1-e2] - - 答案 A 解析 ∵f′(x)=2-2e2x,∴f(x)在区间[-1,0)上为增函数,在区间[0,1]上为减函数. ∵f(-1)-f(1)=(-2-e2)-(2-e2)=e2-e2-4>0,∴f(-1)>f(1),又f(0)=-1,则函数f(x) - - 在区间[-1,1]上的值域为[2-e2,-1]. 当m>0时,函数g(x)在区间[-1,1]上的值域为[-m+1,m+1]. ?-m+1≤2-e2,? 依题意可知,?得m≥e2-1, ??m+1≥-1, 当m=0时,函数g(x)在区间[-1,1]上的值域为{1},不符合题意; 当m<0时,函数g(x)在区间[-1,1]上的值域为[m+1,-m+1]. 2??m+1≤2-e, 依题意可知,?得m≤1-e2. ?-m+1≥-1,? 综上可知,实数m的取值范围为(-∞,1-e2]∪[e2-1,+∞).故选A. 11.计算2log132-(2)2=________,(log32+log18)·log49=________. - 31 答案 - -2 6 log132解析 2111111- log-(2)2=-=-;(log32+log18)·log49=log3·=log3=-2. 1932649 3412.随机变量X的分布列如表所示,则E(X)=_____,若Y=2X+1,则E(Y)=_____. X P 52 答案 - - 63 111 解析 由表可知,E(X)=-2×+0×+1× 236552 =-.若Y=2X+1,则E(Y)=2E(X)+1=-+1=-. 633x-3y+4≥0,?? 13.已知x,y满足约束条件?x-2≤0, ??x+y≥0,答案 8 解析 画出不等式组表示的可行域如图阴影部分所示(含边界).x2+y2表示可行域内的点(x,y)到原点距离的平方. -2 1 20 1 31 1 6 x,y∈R,则x2+y2的最大值为_______. 由图形可得,可行域内的点A或点B到原点的距离最大,且A(2,-2),B(2,2),又OA=OB=22, ∴(x2+y2)max=8. 14.已知多项式(x2-2x+2)x7=a0+a1(x-1)+a2(x-1)2+…+a9(x-1)9,则a1=________,a0+a1+a4+a5+a8+a9=________. 答案 7 128 解析 由右式知(x2-2x+2)x7按t=x-1展开,由二项式定理得,当k=0,1时,(t2+1)(1+ k22kk t)7的通项为Ck(1+t)7的通项为(Ck7t;当k=2,3,…,7时,(t+1)·7+C7)t;当k=8,9时, - 2k01677(t2+1)·(1+t)7的通项为Ck7t.故a1=7,a0+a1+a4+a5+a8+a9=C7+C7+…+C7+C7=2=128. - 15.在△ABC中,AB=2AC,点D为角A的平分线上一点,且AD=3,DC⊥AD.若BD=7 CD,则∠BAC=______,△BCD的面积是________. 答案 60° 33 2 3 解析 如图,设AC=x,CD=y,∠CAD=θ,则在Rt△ACD中,y=3tan θ,x=,在cos θ△ABD中,由余弦定理得4x2+9-12xcos θ=7y2,解得θ=30°,故∠BAC=2θ=60°.AC=x=23,AB=2x=43,根据余弦定理可得BC=6,因为BC2+AC2=AB2,所以∠ACB=90°,作DE⊥AC交AC于点E,则EC= 3133 ,所以△BCD的面积为S=BC·CE=. 222 16.若有关于x的不等式ex(x2+ax+a)≤ea在[a,+∞)上有解,则正数a的取值范围是________. 1 0,? 答案 ??2?解析 令f(x)=ex(x2+ax+a),x∈[a,+∞),不等式ex(x2+ax+a)≤ea在[a,+∞)上有解,即f(x)min≤ea. f′(x)=ex[x2+(a+2)x+2a]=ex(x+2)(x+a),a>0,则f′(x)>0在[a,+∞)上恒成立,则f(x)在[a,+∞)上单调递增,所以f(x)min=f(a)=ea(2a2+a)≤ea,所以2a2+a-1≤0,解得-111