2021届高三数学一轮复习——基本不等式的向量形式
[思维扩展]
波利亚有句名言:“类比是伟大的引路人”.这句话言简意赅地阐明了类比在数学发现中的地位.
a+b
我们知道,a2+b2≥2ab(a,b∈R)以及≥ab(a,b∈R+)是两个应用广泛的基本不等
2式,一种有趣的想法是:这两个不等式可以类比到向量中去吗?
由(a-b)2=|a-b|2≥0不难得到a2+b2≥2a·b,当且仅当a=b时等号成立.
a+ba+b但将≥ab(a,b∈R+)简单地类比为≥a·b就不行了,由于该不等式左边为向
22量,右边为数量,故其无意义,因此我们需要调整角度,看能否获得有用的结果.
a+ba+b?2a+b?2
注意到≥ab(a,b∈R+)??≥ab(a,b∈R+),而不等式?2?2??2?≥a·b左右两边都是数量,因而可以比较大小.事实上,由(a+b)2=(a-b)2+4a·b=|a-b|2+4a·b≥4a·b可得
?a+b?2≥a·b,当且仅当a=b时等号成立. ?2?这样,我们就得到如下两个结论:
定理1 设a,b是两个向量,则a2+b2≥2a·b,当且仅当a=b时等号成立. 定理2 设a,b是两个向量,则?
a+b?2
?2?≥a·b,当且仅当a=b时等号成立.
例1 若平面向量a,b满足|2a-b|≤3,则a·b的最小值是________. 9
答案 -
8
解析 方法一 由定理1得
32≥|2a-b|2=(2a-b)2=(-2a)2+b2-4a·b ≥2·(-2a·b)-4a·b=-8a·b,
9
所以a·b≥-,当且仅当b=-2a时等号成立,
89
故a·b的最小值是-.
8方法二 由定理2得
?2a-b?2|2a-b|29
2a·(-b)≤??=4≤4,
?2?
9
则a·b≥-,当且仅当b=-2a时等号成立.
89
故a·b的最小值是-.
8
说明 本题可推广至一般形式:若平面向量a,b满足:|λa+b|≤m(m>0),则当λ>0时,a·bm2m2
的最大值为;当λ<0时,a·b的最小值为.
4λ4λ
例2 已知a,b满足|a|=1,(a+b)·(a-2b)=0,则|b|的最小值为________.
分析 此题有一定难度.普通学生难以想到.事实上,利用定理1此题极易作答,过程如下. 1
答案 2
解析 引入正参数λ,
由(a+b)·(a-2b)=0得a2-a·b-2b2=0,又|a|=1,则1-2b2=a·b, 1212?λa+b 1-2b2=a·b≤?λ?2?11
λ+b2?, =?2?λ?
1
当且仅当λa2=b2,即b2=λ2时等号成立.
λ1212?λa+b 所以1-2λ2=a·b≤?λ?2?11
λ+·λ2?, =?2?λ?1解得λ=|b|≥,
21
故|b|的最小值为.
2
例3 已知a,b是平面内两个互相垂直的单位向量,若向量c满足(a-c)·(b-c)=0,求|c|的最大值.
解 由(a-c)·(b-c)=0得c2=c·(a+b), 由定理1及已知条件得 1
c2=c·(a+b)≤[c2+(a+b)2]
211
=(c2+a2+b2)=(c2+2), 22解得|c|2≤2,故|c|的最大值是2.
拓展1 已知a,b是平面内夹角为θ的两个单位向量,若向量c满足(a-c)·(b-c)=0,则|c|
1
的最大值是.
θcos(
2
拓展2 已知a,b是平面内两个互相垂直的向量,且|a|=m,|b|=n,若向量c满足(a-c)·(b-c)=0,则|c|的最大值是m2+n2.
→→→
例4 平面上三点A,B,C满足AB·BC>0,求AC2+→→
→→?AB+BC?21→2
解 由定理2得0 ?2?则 14→→ AC2+≥AC2+ →→→2AB·BCAC4→→2=|AC|2+≥2·|AC|·=4, →2→|AC||AC| →→→→ 故当且仅当AB=BC,且|AC|=2时,AC2+ 1→→AB·BC 取得最小值4. 的最小值. →→AB·BC1 例5 设a,b满足a2+a·b+b2=3,求a2-a·b+b2的取值范围. a2+b2 解 由定理1得a·b≤, 23-a·b 所以a·b≤, 2解得a·b≤1. ?-a?2+b2 又由定理1得(-a)·b≤, 2 a2+b23-a·b 所以a·b≥-=-,解得a·b≥-3. 22所以-3≤a·b≤1. 因为a2-a·b+b2=(3-a·b)-a·b=3-2a·b, 所以1≤a2-a·b+b2≤9. 以上五道例题从不同角度为我们初步展示了定理1、定理2的魅力,它们微小平凡,对破解难题却极其有效.不过,追求它们更广泛的应用前景固然让人心动,但更有价值的则是获得它们的思维过程.类比是打开发现之门的金钥匙,但如何用好这把钥匙却值得我们长久的思考.