专题1 认识有机化合物综合检测题 苏教版选修5
(时间 90分钟 满分 100分)
可能用到的相对原子质量 H 1 C 12 O 16 Ca 40
一、选择题(本题共16道小题，每小题3分，共48分。每小题只有一个选项符合题意) 1．打破“生命力论”的科学家是( ) A．道尔顿 C．维勒
B．贝采利乌斯 D．爱因斯坦
解析 维勒首先用无机物制备了有机物，打破了“生命力论”。 答案 C
2．下列各组物质，都不属于天然有机物的是( ) A．淀粉、蛋白质 C．棉花、水泥
B．石油、油脂 D．酚醛树脂、塑料
解析 淀粉、蛋白质、油脂、棉花属于天然有机物，而酚醛树脂、塑料属于合成有机高分子化合物。
答案 D
3．某一元醇C3H8O中的氧为O，它与乙酸反应生成的酯的相对分子质量是( ) A．100 C．104
B．102 D．106
18
解析 由酯化反应的历程可知，生成的酯为104。
答案 C
，相对分子质量为
4．某气态化合物X含C、H、O三种元素，现已知下列条件：①X中的C的质量分数 ②X中H的质量分数 ③X在标准状况下的体积 ④X对氢气的相对密度 ⑤X的质量。欲确定X的分子式，所需的最少条件是( )
A．①②④ C．①③⑤
B．②③④ D．①②
解析 C、H的质量分数已知，则O的质量分数可以求出，从而推出实验式，结合相对分子质量即可求出分子式。
答案 A
光照
5．CH4与Cl2反应的机理是①Cl2――→·Cl＋·Cl ②·Cl＋CH4―→·CH3＋HCl ③·CH3
＋Cl2―→
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·Cl＋CH3Cl
则下列说法正确的是( ) A．可以得到纯净的CH3Cl B．产物中最多的是HCl C．该反应需一直光照
D．产物中CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4物质的量相等
解析 由反应机理②知，·Cl与烃分子中的氢原子结合生成HCl，故产物中有机物除CH3Cl外还有CH2Cl2、CHCl3、CCl4，但各物质的量无法确定，最终产生的HCl最多，故A、D项错；B项正确；由反应机理②③知·Cl对Cl2和CH4的反应起催化剂作用，故一旦有·Cl产生，不需再光照，反应也会进行下去，C项错。
答案 B
6．用元素分析仪分析12.0 mg某有机物，测得生成17.6 mg CO2和7.2 mg H2O，无其他物质生成，下列说法中正确的是( )
A．该有机物的分子式为C2H6O2
B．该有机物中碳、氢原子个数比为1:1 C．无法确定该有机物中是否含有氧元素 D．该有机物中一定含有氧元素
解析 n(CO2):n(H2O)＝1:1，则该有机物中C、H原子个数比为1:2，因为C、H元素的总质量小于有机物的质量，可知该有机物中一定含有氧元素，因缺少相对分子质量，故无法判断其分子式。
答案 D
7．下列物质的鉴别方法中不正确的是( ) A．用水鉴别苯和乙醇
B．用灼热的铜丝蘸取试样灼烧，鉴别CH3CH2Cl和CH3CH2Br C．用灼烧的方法鉴别棉线和毛线 D．用碘水鉴别淀粉溶液和蛋白质溶液 解析 卤素灼烧时火焰均为绿色。 答案 B
8．核磁共振技术(NMR)已广泛应用于复杂分子结构的测定和医学诊断等高科技领域。已知只有质子数或中子数为奇数的原子核有NMR现象。试判断下列哪组原子均可产生NMR现象( )
A．O、P、Na C．Li、N、Cl
7
14
35
18
31
23
B．Al、F、C D．He、Mg、Si
18
4
24
28
271912
解析 根据提示信息，只有质子数或中子数为奇数的原子核有NMR现象。A项中O原子
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质子数为8，中子数为10；B项中C原子的质子数为6，中子数为6；C项中三种原子的质子数都为奇数；D项中三种原子的质子数和中子数都为偶数。
答案 C
9．利用红外光谱对有机化合物分子进行测试并记录，可初步判断该有机物分子拥有的( )
A．原子个数 C．基团种类
B．共价键种类 D．同分异构体数
12
解析 红外光谱可以初步判断有机物中含有的基团。 答案 C
10．已知某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如下图所示，下列说法中正确的是( )
A．由红外光谱可知，该有机物的结构简式为CH3OH B．由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有3个氢原子 C．综合上述两种谱图分析，可以得知其A的相对分子质量 D．若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3CH2OH
解析 由红外光谱知，该A中存在C—H键、O—H键、C—O键但不能确定结构简式，A项错；由核磁共振氢谱知，A中有3种氢原子，则个数比为1:2:3，B项错；要确定A的相对分子质量需通过质谱图，C项错；故选D项。
答案 D
11．下列化合物的H—NMR谱图中吸收峰数目正确的是( ) A．CH3CH2CH2CH3(3组)
1
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解析 化合物的H—NMR谱图中吸收峰数目即不同化学环境的氢原子种数，A分子中为2组，B分子中为3组，C组中为4组，D分子中为1组，只有D项正确。
答案 D
12．有A，B两种烃，含碳的质量分数相等，关于A，B的叙述中正确的是( ) A．A和B一定是同分异构体 B．A和B不可能是同系物 C．A和B最简式相同
D．A和B各1 mol完全燃烧后生成CO2的质量一定相等
解析 两种烃含碳的质量分数相等时，C、H的原子个数比相同，因此，两种烃的最简式相同，但它们的分子式不一定相同；烯烃同系物的最简式都是CH2，故最简式相同时可能是同系物。
答案 C
13．某有机物在O2中充分燃烧，生成36 g水和44 g CO2，则该有机物的组成必须满足的条件是( )
A．分子式一定是CH4 B．分子式一定是CH4O C．分子式可能是CH4或CH4O D．以上说法均不正确
4436
解析 根据题意，该有机物分子中C、H原子数目之比为:×2＝1:4，由于该有机物
4418燃烧的产物只有CO2和H2O，故其组成元素可能为C、H或C、H、O，故其最简式为CH4Ox，由于碳原子已经饱和，其最简式就是分子式。若分子中无氧，则该有机物为CH4；若分子中含氧，
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1
则一定是饱和醇，且一个碳原子上最多连一个—OH，则分子式为CH4O。
答案 C
14．现有乙酸和两种链状单烯烃(分子中含一个碳碳双键)的混合物，若其中氧的质量分数为a，则碳的质量分数是( )
A.
1－a 7
3B.a 412
D.(1－a) 13
6
C.(1－a) 7
解析 乙酸的化学式为C2H4O2，链状单烯烃的通式为CnH2n，所以乙酸和链状单烯烃中C1－a与H的质量比均为61，设混合物的质量为1，H的质量分数为x，则a＋6x＋x＝1，x＝，
76
所以混合物中碳的质量分数为
答案 C
15．质谱法是让极少量的化合物通过质谱仪的离子化室，样品分子大量离子化，少量分子碎裂成更小的离子。如C2H6离子比后可得到C2H6，C2H5，C2H4……然后测定其质荷比。某有机物样品的质荷比(β)，如图所示(假设离子均带一个单位正电荷，信号强度与该离子的多少有关)，该有机物可能是( )
＋
＋
＋
1－a，选C。 7
A．甲烷 C．乙烯
B．甲醇 D．丙烷
解析 最大质荷比为16，说明该分子的相对分子质量为16。 答案 A
16．绿色化学提倡化工生产应提高原子利用率，原子利用率表示目标产物的质量与生成物总质量之比。在下列制备环氧乙烷的反应中，原子利用率最高的是( )
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高中化学 专题1 认识有机化合物综合检测题 苏教版选修
