一、单项选择题：本题共8小题 1．B 【解析】 【详解】
A、物体处于静止或匀速直线运动时都可以不受力、或所受合外力为零的情况；故A错误. B、物体运动状态的改变即为速度的改变，由a?体一定受力的作用；故B正确.
C、惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大惯性越大，与物体的运动状态、是否受力等因素没有关系；故C错误.
D、有质量的物体在静止状态和运动状态下都有惯性；故D错误. 故选B. 2．C 【解析】 【详解】
22根据匀变速直线运动的速度位移关系v?v0?2ax，可得刹车时的加速度
?v可知有不等于零的加速度，根据牛顿第二定律可知物?t2v2?v00?82a??m/s2??1.6m/s2，负号表示加速度的方向与初速度方向相反，加速度的大小为
2x2?201.6m/s2，故AB错误；根据速度时间关系可知，刹车时间t?3．A 【解析】 【详解】
电磁波谱中，波长最长的是无线电波，故选A. 4．C 【解析】
v?v00?8?s?5s，故C正确，D错误． a?1.6试题分析：设气体在a状态时的温度为Ta，由图可知：VC=Va=V0、Vb=2V0=2Va， ①从a到b是等压变化：
解得：Tb=2Ta
从a到c是等容变化：
，由于Pc=2P0=2Pa解得：Tc=2Ta，所以：Tb=Tc
②因为从a到c是等容变化过程，体积不变，气体不做功，故a→c过程增加的内能等于a→c过程吸收的热量；而a→b过程体积增大，气体对外做正功，由热力学第一定律可知a→b过程增加的内能大于a→b过程吸收的热量，Qac＜Qab． 故选C
考点：理想气体的状态变化曲线
【名师点睛】该题考查了气体的状态方程和热力学第一定律的应用，利用气体状态方程解决问题时，首先要确定气体状态和各状态下的状态参量，选择相应的气体变化规律解答；在利用热力学第一定律解决问题时，要注意气体的做功情况，区分对内做功和对外做功，同时要注意区分吸热还是放热． 5．D 【解析】 【分析】 【详解】
300N、400N和500N方向相同的时候，合力最大为1200N，300N、400N的合力的范围是100N≤F≤700N，所以当300N、400N的合力为500 N的时候，与第三个力大小相等方向相反，此时的合力最小为0，故D正确，ABC错误； 故选D． 6．C 【解析】 【详解】
对小球受力分析，受重力、弹簧测力计的拉力、杆的弹力，如图所示：
根据平衡条件，有： Fx-Tcos37°=0 Fy+Tsin37°=G 解得： Fx=12N，Fy=16N 所以
A.40N与计算结果不符，故A不符合题意。 B.25N与计算结果不符，故B不符合题意。 C.20N与计算结果相符，故C符合题意。 D.15N与计算结果不符，故D不符合题意。
7．C 【解析】
试题分析：因为当金属框绕轴转运时，穿过线圈abc的磁通量始终为0，故线圈中无感应电流产生，选项BD错误；但对于bc与ac边而言，由于bc边切割磁感线，故bc边会产生感应电动势，由右手定则可知，c点的电势要大于b点的电势，故Ubc是负值，且大小等于Bl×
=Bl2ω，故选项C正确；对于导体
ac而言，由右手定则可知，c点的电势大于a点的电势，故选项A错误，所以选项C是正确的． 考点：导合格切割磁感线产生感应电动势．
【名师点睛】该题既可以通过法拉第电磁感应定律得出线圈abc的感应电流情况，又可以通过对bc边和ac边的研究，看它们切割磁感线时产生感应电动势的大小，判断导线端点的电势大小情况． 8．C 【解析】 【详解】
在交流电中电表显示的都是有效值，故AB错误；滑片P向下端滑动过程中，电阻减小，电压不变即U2不变，则I2变大，输出功率变大，输入功率变大，输入电压不变，所以I1变大，故C正确，D错误。 二、多项选择题：本题共4小题 9．BD 【解析】 【分析】 【详解】
L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，LA、LB是两个完全相同的小灯泡。
AB．S闭合瞬间，但由于线圈的电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后LA熄灭，LB变亮，故A错误，B正确； CD．S断开的瞬间， LB立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以LA亮一下再慢慢熄灭，故C错误，D正确。 故选BD。 10．BCD 【解析】 【分析】
考查布朗运动、分子间的相互作用、分子平均动能，机械效率。 【详解】
A. 布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的运动，不是微粒分子的无规则运动，它反映了液体或气体分子的无规则运动．故A错误；
B. 物体中分子间距离减小时，分子间的引力和斥力都增大；当分子间为引力时，分子间距离减小，分子
力做正功；分子势能减小；当分子间为斥力时，分子间距离减小，分子力做负功；分子势能增大．故B正确；
C. 热量可以从低温物体传递到高温物体，但会引起其他的变化．如空调．故C正确；
D. 温度是分子平均动能的标志，对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大．故D正确； E. 根据热力学第二定律可知，热机的效率不可能等于100%.故E错误； 故选BCD。 11．AC 【解析】 【详解】
A．原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，A正确；
B．根据质能方程可知，自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量等于该原子核的结合能，B错误；
C．比结合能的大小反映原子核的稳定程度，比结合能越大，原子核越稳定，C正确； D．比结合能小的原子核结合或分解成比结合能大的原子核时释放核能，D错误． 故选AC。 【点睛】
比结合能：原子核结合能对其中所有核子的平均值，亦即若把原子核全部拆成自由核子，平均对每个核子所要添加的能量.用于表示原子核结合松紧程度．
结合能：两个或几个自由状态的粒子结合在一起时释放的能量.自由原子结合为分子时放出的能量叫做化学结合能，分散的核子组成原子核时放出的能量叫做原子核结合能． 本题考查了结合能和比结合能的区别，注意两个概念的联系和应用是关键． 12．BD 【解析】 【详解】
AC．布朗运动是悬浮在液体中的微粒的运动，是液体分子的无规则运动的反映，布朗运动不是由于液体各部分的温度不同而引起的选项AC错误；
B．液体温度越高，悬浮粒子越小，布朗运动越剧列，选项B正确；
D．布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用的不平衡引起的，选项D正确． 三、实验题:共2小题
13．（1）×1k，A （2）40000，5.0，8.75 【解析】 【详解】
当欧姆表的指针指在中间位置附近时，测量值较为准确，根据读数为：示数×倍率=读数知，选择×1k的挡；欧姆表的正极插孔与内部电源的负极相连，与电压表构成一闭合回路，电流从负极流出，进入电压表的正
极，所以选择图A正确；欧姆表的读数为：40×1k=40kΩ；电压表的读数为5.0V，由题意知欧姆表的内阻为30 kΩ，与电压表的内阻40 kΩ串联，由欧姆定律可知：
E?I?R?r??5?1.5?104?4?104V?6.88V。
40000??14．左偏 右偏 相同 【解析】 【分析】 【详解】
在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向左偏，知磁通量增加时，电流计指针向左偏转；
(1)[1]．当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流增大，则磁通量增大，所以电流计的指针向左偏转； (2)[2][3]．将线圈A拔出时，磁通量减小，则灵敏电流计指针向右偏转；依据楞次定律，因磁通量减小，此时线圈A与线圈B中电流的绕行方向相同。 四、解答题：本题共4题 15．（1）【解析】 【详解】
（1）设玻璃砖的全反射临界角为C，则sinC＝＝解得：C=45°
2R（2）3R 21n2 2
如图，光线从E点入射，射入上表面的M点恰好全反射，则：θ=C=45° 由图可知OE＝Rsinθ＝
2R 23 2（2）如图，光线从E点入射，射入上表面M点，则sinα＝得：α=60°＞C
由几何关系可知：光线经过M′、N′、N′、F′点，最后垂直于AB射出；光线在玻璃砖中经过的总路程：
宁夏银川市2020年新高考高二物理下学期期末学业水平测试试题
