..
（2）移动滑动变阻器滑片P时发现灯不亮，电流表没有示数，说明电路断路或电路的总阻很大；电压表有明显的示数，说明电压表与电源连通，所以故障的原因可能是灯泡断路了； （3）电压表小量程为0.1V，示数为0.8V，灯的电阻R=×0.2A=0.16W；
（4）电流表示数变小，要保持电流大小不变，根据欧姆定律，要增大电路中的总电阻，所以应增大滑变阻器连入电路中的电阻，所以，滑片向A端移动；
该同学直接拆接存在操作错误，正确的操作是：拆接电路时开关必须断开，滑动变阻器阻值调到最大值；
（5）纵向比较表中数据，可得出，在电流不变的情况下，电阻是原来的几倍，电功率变为原来的几倍，即电流一定时，小灯泡的实际功率跟电阻成正比的关系． 故答案为：（1）如上图所示； （2）小灯泡断路； （3）0.8；4；0.16； （4）A；断开； （5）正比．
22．要辨别一规格不清“___V 1.25W”的小灯泡，选用电压为4V的蓄电池和定值电阻R，设计电路如图所示，当闭合S时，小灯泡恰能正常发光，此时电流表示数为0.5A．求： （1）小灯泡的规格是“ 2.5 V 1.25W”；（通过计算说明） （2）选用的定值电阻的阻值；
（3）整个电路正常工作1min消耗的电能．
【考点】欧姆定律的应用；电功的计算．
【分析】（1）根据小灯泡恰能正常发光，此时电流表示数为0.5A，以及灯泡的额定功率可求得其额定电压；
（2）已知电源电压，根据串联电路的电压特点可求得定值电阻两端电压，然后利用I=变形可求得定值电阻的阻值；
（3）根据W=UIt可求得整个电路正常工作1min消耗的电能． 【解答】解：
..
=4Ω，灯的实际功率P=UI=0.8V
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（1）已知当闭合S时，小灯泡恰能正常发光，此时电流表示数为0.5A，P额L=1.25W， 由P=UI可得，U额L=
=
=2.5V，
即小灯泡的规格是“2.5V 1.25W”；
（2）已知电源电压U=4V，则定值电阻两端电压：UR=U﹣U额L=4V﹣2.5V=1.5V， 根据I=可得，定值电阻的阻值：R=
=
=3Ω；
（3）整个电路正常工作1min消耗的电能：W=UIt=4V×0.5A×60s=120J． 故答案为：（1）2.5；
（2）选用的定值电阻的阻值为3Ω；
（3）整个电路正常工作1min消耗的电能为120J．
23．2015年是中国抗日战争胜利暨世界反法西斯战争胜利70周年，我国举行了盛大的阅兵仪式，如图所示我国首次亮相某型号主站坦克，其质量为42t，高为2m，体积为22m3，履带与地面接触的总面积为6m2，坦克顶部舱门的面积为0.8m2，该坦克具有潜渡功能，如该坦克正在深为6m的河中潜渡，请你根据上述已知条件，求解三个不同的物理量．（g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）
示例：坦克重力 G=mg=4.2×104kg×10N/kg=4.2×105N．
【考点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算．
【分析】（1）已知河水深度和坦克的高度，可以求得潜渡时坦克顶部所处的深度，根据液体压强公式求出坦克顶部受到水的压强；
（2）已知坦克顶部舱门的面积，根据压强定义式变形可计算水对坦克顶部舱门的压力； （3）已知坦克的体积，潜渡时坦克浸没在水底，根据F浮=ρ水gV排求出坦克所受的浮力； （4）根据受力分析可知坦克对水平河床的压力等于坦克重减去受到的浮力，从而求出对河床底部的压力；
（5）知道坦克的质量，利用重力公式求坦克重，在水平地面上行驶时，对地面的压力等于坦克重，已知受力面积，利用压强公式求坦克对地面的压强．
【解答】解：根据题中的条件可计算的物理量如下，任选3个物理量解答． （1）坦克顶部所处的深度：h=6m﹣2m=4m，
..
..
坦克顶部受到水的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×4m=4×104Pa； （2）由p=可得，水对坦克顶部舱门的压力： F=pS=4×104Pa×0.8m2=3.2×104N； （3）潜渡时坦克受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×22m3=2.2×105N． （4）坦克重力：G=mg=4.2×104kg×10N/kg=4.2×105N． 坦克潜渡时对河床底部的压力：
F压=G﹣F浮=4.2×105N﹣2.2×105N=2×105N．
（5）该坦克在地面上行驶时对地面的压力：F′=G=4.2×105N． 该坦克在地面上行驶时对地面的压强： p′=
=
=7×104Pa．
答：（1）坦克顶部受到水的压强为4×104Pa； （2）水对坦克顶部舱门的压力为3.2×104N； （3）坦克受到的浮力为2.2×105N．
24．如图是我市新农村建设中一道靓丽的风景﹣风光互补路灯，“有风无光”风力发电机发电，“有光无风”太阳能电池板发电，二者皆备时同时发电，并日夜蓄能，某型号的该路灯额定功率为50W，太阳能电池板的面积为1m2，平均输出功率为100W，问：
（1）某“幸福村寨”安装这种“风光互补路灯”100盏，如每天路灯正常工作10h，一月（30天）消耗的电能是多少？这些电能相当于完全燃烧多少千克的煤所放出的热量？（煤的热值为3.4×107J/kg）（结果保留一位小数）
（2）若太阳能照射到电池板的辐射功率为800J/（s?m2）（1s内辐射在1m2上的太阳能为800J），则太阳能电池板的光电转化效率为多少？
（3）从物理学的角度说出这种“风光互补路灯”的优点有哪些？（答两点即可）
【考点】太阳能的其他相关计算．
..
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【分析】（1）①知道每盏路灯额定功率和盏数，可求出总功率，又知道每天的工作时间，可得出一月（30天）的总时间，根据W=Pt求出消耗的电能；
②由题意知，煤完全燃烧所放出的热量与这些电能相等，根据Q=mq的变形公式m=求出需要完全燃烧的煤的质量；
（2）根据W=Pt求出太阳能电池板1s内平均输出电能，又知道1s内辐射在1m2上的太阳能，根据η=
×100%求出太阳能电池板的光电转化效率；
（3）这种风光互补路灯利用太阳能和风能发电，节约资源，环保，且易安装． 【解答】解：（1）安装100盏这种“风光互补路灯”的总功率： P=100P1=100×50W=5000W=5kW， 正常工作一月（30天）的总时间： t=30t1=30×10h=300h，
由P=得，安装100盏这种路灯一月（30天）消耗的电能： W=Pt=5kW×300h=1500kW?h=5.4×109J，
由题意知，煤完全燃烧所放出的热量Q放=W=5.4×109J， 由Q=mq得，需要完全燃烧的煤的质量： m=
=
≈158.8kg
（2）太阳能照射到电池板的辐射功率为800J/（s?m2）（即：1s内辐射在1m2上的太阳能W太=800J），
由P=得，电池板1s内平均输出电能： W电=P输出t=100W×1s=100J， 则太阳能电池板的光电转化效率： η=
×100%=
×100%=12.5%
（3）风光互补发电机，将风能和太阳能转化为电能，所以利用的是太阳能和风能， 使用这些能源的优点是节约能源、清洁、无污染、可再生、保护环境，且易安装等． 答：（1）一月（30天）消耗的电能是5.4×109J；这些电能相当于完全燃烧158.8千克的煤所放出的热量；
（2）太阳能电池板的光电转化效率为12.5%；
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（3）从物理学的角度说出这种“风光互补路灯”的优点有：节约能源、清洁、无污染、可再生、保护环境，且易安装等．
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2020届中考复习贵州省毕节市中考物理模拟试题（有配套答案）（word版）
