福建省华安县第一中学【最新】高二年上学期第二次月考（12
月）物理试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．下列说法中正确的是 ( )
U可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比 IUB．由I= 可知，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比，跟它的电阻成反比
RA．由R=C．导体的电阻率由导体本身的物理条件决定，与温度无关 D．欧姆定律I=U ，不仅适用于纯电阻电路，对于非纯电阻电路也适用 R2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．若将两小球相互接触后分开一定的距离，两球间库仑力的大小变为A．
r 44F，则两小球间的距离变为（ ） 3rB．r C．
2D．2r
3．一根粗细均匀的导线，当其两端电压为U时，通过的电流是I，若将此导线均匀拉长到原来的2倍时，电流仍为I，导线两端所加的电压变为 ( ) A．U／2
B．U
C．2U
D．4U
4．Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ，某静电场的电场线分布如图所示，图中P、电势分别为φP和φQ，则( )
A．EP>EQ，φP>φQ B．EP>EQ，φP<φQ C．EP 5．5．如图所示是某导体的I－U图线，图中α＝45°，下列说法错误的是（ ） 试卷第1页，总6页 A．通过该导体的电流与其两端的电压成正比 B．此导体的电阻R＝2 Ω C．I－U图线的斜率表示电阻的倒数，所以R＝cot 45°＝1．0 Ω D．在该导体两端加6．0 V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3．0 C 6．有一个质量为3m的爆竹斜向上抛出，到达最高点时速度大小为v0、方向水平向东，在最高点爆炸成质量不等的两块，其中一块质量为2m，速度大小为v，方向水平向东，则另一块的速度是( ) A．3v0－v C．3v0－2v B．2v0－3v D．2v0＋v 7．把六个相同小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡均正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是（ ） A． P甲?P乙 C． P乙?3P甲 B． P乙?3P甲 D． P甲?3P乙 8．如图所示为一空腔球形导体(不带电)，现将一个带正电的小金属球A放入腔中，当静电平衡时，图中a、b、c三点的场强E和电势φ的关系是( ) A．Ea＞Eb＞Ec，φa＞φb＞φc B．Ea＝Eb＞Ec，φa＝φb＞φc C．Ea＝Eb＝Ec，φa＝φb＞φc D．Ea＞Ec＞Eb，φa＞φb＞φc 9．如图所示，可视为点电荷的小球A、B分别带负电和正电，B球固定，其正下方的A 试卷第2页，总6页 球静止在绝缘斜面上，则A球受力个数为（ ） A．可能受到2个力作用 C．一定受到4个力作用 二、多选题 B．可能受到3个力作用 D．可能受到5个力作用 10．如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成电流表或电压表，则下列结论中正确的是 ( ) A．甲图对应的是电压表，要使它的量程加大，应使R1增大_ B．甲图对应的是电流表，要使它的量程加大，应使R1减小 C．乙图对应的是电流表，要使它的量程加大，应使R2减小 D．乙图对应的是电压表，要使它的量程加大，应使R2增大 11．平行板电容器的两板A、B接于电池两极，一个带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向夹角为θ，如图所示，那么( ) A．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ增大 B．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ减小 C．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变 D．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ减小 12．如图所示，光滑水平面上有大小相同的A、B两球在同一直线上运动．两球质量关系为????=2????，规定向右为正方向，A、B两球的动量均为6????·?????，运动中两球发生碰撞，碰撞后A球的动量增量为?4????·?????，则( ) 试卷第3页，总6页 A．该碰撞为弹性碰撞 B．该碰撞为非弹性碰撞 C．左方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为2：5 D．右方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1∶10 三、实验题 13．有一待测电阻Rx，其阻值在1 000～1 100 Ω之间，实验室准备用来测量该电阻值的实验器材有： 电压表 V(量程0～15 V，内电阻约20 kΩ) 电流表 A1(量程0～30 mA，内电阻约20 Ω) 电流表 A2(量程0～300 mA，内电阻约40 Ω) 滑动变阻器R1(最大阻值为20 Ω，额定电流为1 A) 滑动变阻器R2(最大阻值为300 Ω，额定电流为0.1 A) 直流电源E(电动势为9 V、内电阻约为0.5 Ω) 开关及导线若干 实验要求电表读数从零开始变化，并能多测几组电流、电压值，以便画出电流—电压的关系图线，为了实验能正常进行，减少测量误差，还要求滑动变阻器便于调节，则 (1)电流表应选用________(填实验器材的代号)． (2)滑动变阻器应选用________(填实验器材的代号)． (3)甲、乙、丙、丁四个电路图中符合要求的电路图是________图． 14．如图所示是用来验证动量守恒定律的实验装置，弹性球1用细线悬挂于O点，O点下方桌子的边沿有一竖直立柱．实验时，调节悬点，使弹性球1静止时恰与立柱上的球2接触且两球等高． 试卷第4页，总6页 将球1拉到A点，并使之静止，同时把球2放在立柱上．释放球1，当它摆到悬点正下方时与球2发生对心碰撞．碰后球1向左最远可摆到B点，球2落到水平地面上的C点．测出有关数据即可验证1、2两球碰撞时动量守恒．现已测出A点离水平桌面的距离为a．B点离水平桌面的距离为b，C点与桌子边沿间的水平距离为c，球1的质量为m1，球大小忽略不计，则： （1）还需要测量的量是_______、__________和___________． （2）根据测量的数据，该实验中动量守恒的表达式为_______________________． 四、解答题 15．一质量为0.5kg的小物块放在水平地面上的A点,距离A点5m的位置B处是一面墙,如图所示。物块以v0=9m/s的初速度从A点沿AB方向运动,在与墙壁碰撞前瞬间的速度为7m/s,碰后以6m/s的速度反向运动直至静止。g取10m/s2。 (1)求物块与地面间的动摩擦因数μ; (2)若碰撞时间为0.05s,求碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小F; (3)求物块在反向运动过程中克服摩擦力所做的功W。 16．如图所示，A为电解槽，M 为电动机，N为电炉子，恒定电压U＝12V，电解槽内阻RA＝2Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表示数为6A；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为5A，且电动机输出功率为35W；当S3闭合，S1、S2断开时，电流表示数为4A．求： 试卷第5页，总6页 (1)电炉子的电阻及发热功率； (2)电动机的内阻； (3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少． 17．如图所示，EF与GH间为一无场区．无场区左侧A、B为相距为d、板长为L的水平放置的平行金属板，两板上加某一电压从而在板间形成一匀强电场，其中A为正极板．无场区右侧为一点电荷Q形成的电场，点电荷的位置O为圆弧形细圆管CD的圆心，圆弧半径为R，圆心角为120°，O、C在两板间的中心线上，D位于GH上．一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子以初速度v0沿两板间的中心线射入匀强电场，粒子出匀强电场经无场区后恰能进入细圆管，并做与管壁无相互挤压的匀速圆周运动．（不计粒子的重力、管的粗细）求： (1)O处点电荷的电性和电荷量； (2)两金属板间所加的电压． 试卷第6页，总6页 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 参考答案 1．B 【解析】导体的电阻由导体本身的性质决定，与电压和电流无关，故A错误；根据I?U知，R导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故B正确；导体的电阻率由导体本身的物理条件及温度决定，故C错误；欧姆定律只适用于纯电阻电路及电解质溶液中，对于非纯电阻不能适用，故D错误。所以B正确，ACD错误。 2．C 【解析】 【详解】 Q?3QQ2接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F?k两个相同的金属球各自带电，?3k2， r2r接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，两球间库仑力 rQ24的大小变为F??k2?F，联立解得r??，故C正确，ABD错误。 2r?33．D 【解析】 试题分析：根据电阻定律可得：拉长后电阻变为 R'??2l4l???4R,所以根据欧姆定律1ss2可得： UU'U'??,故U'?4U,所以选D RR'4R考点：考查了欧姆定律和电阻定律的应用 点评：做本题的关键是知道导线在拉长时体积不变，然后根据公式判断面积和长度的变化 4．A 【分析】 本题考查电场线和电势 【详解】 据题意，从上图可以看出，P点所在位置电场线较密集，该位置电场强度也较大，则有： EP＞EQ，沿电场线方向电势降低，则P点电势较高，有：?P??Q． 5．C 答案第1页，总7页 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 【解析】A、由图可以知道,电流随着其两端的电压的增大而增大,故电流与其两端的电压成正比，故A 正确 B、由I?U10 可以知道,图象的斜率表示电阻的倒数，则由图象可以知道R???2? R5U6??3A ,则每秒通过电阻的电荷量为R2即导体的电阻是一定值，故B正确，C错误； D、在R两端加6V的电压时,电路中电流I?q?It?3?1?3C，故D正确； 本题要不正确的是，所以C是不正确的 综上所述本题答案是：C 6．C 【解析】 爆竹在最高点速度大小为v0、方向水平向东,爆炸前动量为3mv0，其中一块质量为2m，速度大小为v，方向水平向东，设爆炸后另一块瞬时速度大小为v′，取爆竹到最高点未爆炸前的速度方向为正方向，爆炸过程水平方向动量守恒， 则有：3mv0=2mv+m?v′ 解得：v′=3v0?2v 故选C 【名师点睛】 爆竹在最高点速度方向水平，爆炸时水平方向动量守恒，由动量守恒定律可求出爆炸后另一块的速度大小． 7．D 【详解】 设灯泡正常发光时的电流为I，对于甲图，电路的总的电流为3I，此时甲的总功率的大小为 P甲?U3I，对于乙图，电流的总电流的大小就为I，此时乙的总功率的大小为P乙?UI， 所以P甲?3P乙． ABC.根据计算得：P甲?3P乙，ABC错误； D.根据计算得：P甲?3P乙，D正确． 8．D 答案第2页，总7页 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 【详解】 将带正电的小金属球A放入腔中，当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷．整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面．画出电场线的分布，根据电场线越密，场强越大，顺着电场线，电势降低，判断场强和电势的大小． 解：当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，画出电场线的分布如图．由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强为零，则Ea＞Ec＞Eb． 根据顺着电场线方向电势降低，整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是φa＞φb＞φc． 故选D 9．A 【分析】 B分别带负电和正电”可知，由题中“可视为点电荷的小球A、本题考查受力分析和力的平衡，根据电荷之间的库仑力和平衡条件可分析本题。 【详解】 A.小球A受重力和B给的吸引力，若重力和吸引力恰好相等，则可以满足受力平衡条件，故A正确； C.若向上的吸引力小于重力，则A对斜面有压力，会受到斜面的支持力，若要合力为零，处于平衡状态，必须还要受到一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以A是可能受四个力，故C错误； BD.有以上分析可知，A不可能受3个或5个力的作用，故BD错误。 10．BD 【解析】由甲图可知，电流表与电阻并联为电流表，R1起分流作用，要使量程增加，需增加R1的分流，即减小R1的电阻，故A错误，B正确；由乙图可知，电流表与电阻串联为电 答案第3页，总7页 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 压表，R2起分压作用，要使量程增加，需增加R2的分压，即增加R2的电阻，故C错误，D正确。所以BD正确，AC错误。 11．AC 【解析】保持电键S闭合，电容器两端间的电势差不变，A板向B板靠近，极板间距离减小， U可知电场强度E增大，小球所受的电场力变大，θ增大，故A正确，B错误；dQ?SU据电容的定义： C?，电容决定式为： C?，场强定义式： E?，以上联 U4?kdd4?kQ立可得： E?可知，因为只有d变化，所以E不变，即电场力不变，θ不变，故C ?S根据E?正确，D错误。所以AC正确，BD错误。 12．AC 【解析】规定向右为正方向，碰撞前A、B两球的动量均为6kg?m/s，说明A、B两球的速度方向向右，两球质量关系为mB=2mA，所以碰撞前vA＞vB，所以左方是A球．碰撞后A球的动量增量为-4kg?m/s，所以碰撞后A球的动量是2kg?m/s；碰撞过程系统总动量守恒：mAvA+mBvB=-mAvA′+mBvB′所以碰撞后B球的动量是10kg?m/s，根据mB=2mA，所以碰撞后A、B两球速度大小之比为2：5，故C正确，D错误．碰撞前系统动能：2??+2??=2??+ ?? ?? ?? 2???? 2???? 62 622×2???? ????=??，碰撞后系统动能为：2??+2??=2??+2×2??=??，则碰撞前后系统机械能不 ?? ?? ?? ?? ?? ?? 27 ??′2??′222102 27 变，碰撞是弹性碰撞，故A正确，B错误；故选AC． 点睛：碰撞过程中动量守恒，同时要遵循能量守恒定律，不忘联系实际情况，即后面的球不会比前面的球运动的快；由于动量是矢量，具有方向性，在讨论动量守恒时必须注意到其方向性．为此首先规定一个正方向，然后在此基础上进行研究． 13． A1 R1 丙 【解析】（1）待测电阻Rx大约值1000-1100Ω，直流电源电动势E=9V，通过待测电阻的电流最大值约为： Imax?E9?A?9mA，故电流表量程为0-30mA的A1。 Rx1000（2））实验要求电表读数从零开始变化，并能多测几组电流、电压值，滑动变阻器应采用分压接法，为方便调节，可选择阻值较小的变阻器R1。 （3）电压表的内阻与待测电阻之比为： RV20000??20，待测电阻与电流内阻之比为： Rx1000答案第4页，总7页 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 Rx1000RR??50，可得： x?V，故采用电流表的内接法，电流表的分压较小，测量RA20RARx误差较小，所以选丙图。 14．弹性球2的质量m2 立柱高h 桌面高H 2m1a?h＝2m1b?h＋m2 c H?h【详解】 (1)[1][2][3]要验证动量守恒必须知道两球碰撞前后的动量变化，根据弹性球1碰撞前后的高度a和b，由机械能守恒可以求出碰撞前后的速度，故只要再测量弹性球1的质量m1，就能求出弹性球1的动量变化；根据平拋运动的规律只要测出立柱高h和桌面高H就可以求出弹性球2碰撞前后的速度变化，故只要测量弹性球2的质量和立柱高h、桌面高H就能求出弹性球2的动量变化。 (2)[4]根据机械能守恒定律，有 1m1g(a?h)＝m1v12 2碰撞后1小球上升到最高点的过程中，机械能守恒，根据机械能守恒定律，有 12 m1g(b?h)＝m1v22所以该实验中动量守恒的表达式为： m1v1?m2v3?m1v2 联立解得 2m1a?h?2m1b?h?m215．（1）0.32（2）130N（3）9J 【解析】（1）对物块应用动能定理可以求出动摩擦因数． （2）对物块应用动量定理可以求出作用力大小． c H?h（3）应用动能定理可以求出物块反向运动过程克服摩擦力做的功． 【解答】解：（1）物块从A到B过程，由动能定理得??mgsAB?1212mvB?mv0 22答案第5页，总7页 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 代入数据解得??0.32； （2）以向右为正方向，物块碰撞墙壁过程， 由动量定理得： Ft?mv?mvB，即： F?0.05?0.5???6??0.5?7， 解得： F??130N，负号表示方向向左； （3）物块向左运动过程，由动能定理得： W?0?所以克服摩擦力做功为9J． 16．(1)2 Ω 72 W (2)1 Ω (3)16 W 【解析】 试题分析：（1）电炉子为纯电阻元件，由欧姆定律I?得R?121mv???0.5?62??9J 22U RU?2? I1W=72?W 其发热功率为：PR?UI1?12?6?（2）电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得 UI2?I22rM?P输出 所以rM?UI2?P输出2I2?1? （3）电解槽工作时，由能量守恒定律得： 2P?UI?IW 33rA?16?化考点：闭合电路欧姆定律 点评：注意纯电阻电路与非纯电阻电路在的区别 24mv0R17．(1)负电，；(2) 3kq23mdv0 3qL【解析】 （1）粒子进入圆管后受到点电荷Q的库仑力作匀速圆周运动，粒子带正电，则知O处点电荷带负电．由几何关系知，粒子在D点速度方向与水平方向夹角为30°，进入D点时速度为：v?v023?v0 …① cos30?3答案第6页，总7页 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 Qqv2…② 在细圆管中做与管壁无相互挤压的匀速圆周运动，故Q带负电且满足k2?mRR4mv02R 由①②得：Q?3kq （2）粒子射出电场时速度方向与水平方向成30° vy tan 30°= …③ v0vy=at…④ a?t?qU …⑤ mdL …⑥ v0mdv02tan30?3mdv02 ?由③④⑤⑥得：U?qL3qL答案第7页，总7页
福建省华安县第一中学2024-2024学年高二年上学期第二次月考(12月)物理试题
