率表示普朗克常量，根据图线斜率可得出普朗克常量即h=a/b，逸出功为W0=a．横轴截距表示最大初动能为零时的入射光频率，此时的频率等于金属的极限频率B，故BC正确，A错误；据光电效应方程可知，入射光频率为2b，最大初动能为：h?2b-a=a，并非光电子的初动能一定为a，故D错误．故选BC． 【点睛】
解决本题的关键掌握光电效应方程EKm=hγ-W0=hγ-hγ0，知道逸出功与极限频率的关系和光电效应的特点． 12．BC 【解析】 【分析】 【详解】
A、t1时刻磁感应强度的变化率为零，因此回路中的感应电流为零，导体棒受到的安培力为零，因此轻杆对导体棒的作用力为零，A项错误；
B、t2时刻磁感应强度的变化率，则回路中的感应电流不为零，但磁感应强度为零，因此导体棒受到的安培力为零，轻杆对导体棒的作用力为零，B项正确；
C、t2时刻杆对导体棒的作用力为零，t3时刻杆对导体棒的作用力也为零，t2到t3的过程中安培力不为零，因此轻杆对导体棒的作用力先增大后减小，C项正确；
D、t2到t3时间内，磁感应强度增大，因此回路有收缩的趋势，导体棒受到的安培力向左，轻杆对导体棒的作用力向右，同理分析，t3到t4时间内，杆对导棒的作用力向左，D项错误． 故选BC． 【点睛】
本题考查电磁感应定律感生模型的动态分析，分析B-t图象，其斜率表示磁感应强度的变化率，要注意区分磁通量与磁通量的变化率，二者并无决定性关系，正确分析图象是解题关键． 三、实验题:共2小题
13． (1)C (2)AC (3)m1OP?m1OM?m2ON 【解析】 【分析】
（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量．为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；
（2）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代． 【详解】
（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2
在碰撞过程中动能守恒故有
111m1v02=m1v12+m2v22 222m1?m2 v0 解得v1=
m1?m2要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1-m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2，故选C
（2）P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前
OPOMON入射小球的速度v1＝2h；碰撞后入射小球的速度v2＝2h ；碰撞后被碰小球的速度v3＝2h；若gggm1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，代入数据得：m1OP =m1OM+m2ON，所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平；故选AC． （3）若关系式m1OP =m1OM+m2ON成立，即表示碰撞中动量守恒． 【点睛】
本题是运用等效思维方法，平抛时间相等，用水平位移代替初速度，这样将不便验证的方程变成容易验证． 14．∠OAC ∠OB′C或∠OBC AC AB或 BC 【解析】 【分析】 【详解】
（4）从A点发出的光线经折射后进入眼睛，所以∠OAC等于入射角，∠OBC等于折射角；
（5）用刻度尺测出广口瓶瓶口内径d，读出AC和AB，或AC和BC的长度，即可测量入射角和折射角。 （6）设从A点发出的光线射到水面时入射角为i，折射角为r，根据数学知识得知： sini=d2?AC2d2?AC2
或 2222d?(AB?AC)d?BCdd2?AC2，sinr=dd2?BC2，则折射率为n?sinr，根据对称性有：B′C=BC，联立可得：sinin=d2?AC2d2??AB?AC?2d2?AC2或。
22d?BCsinr求折射率． sini点睛：此题实验的原理是光的反射定律和折射定律，由折射率公式n?四、解答题：本题共4题 15．（1）C=45°；（2）【解析】 【详解】
6L 3
（1）由几何关系可知，题图中∠ODE=60°，故光线OD在AC面上的入射角为30°，折射角为45°
sin45?根据光的折射定律有n??2 ?sin30由sinC=1/n，知C=45°. （2）由
LODL6? ，解得L?L ??ODsin45sin1203由几何关系可知，光线OE在AC面上的折射角为45°，根据光的折射定律有，OE光线在AC面上的入射角为30°，故题图中∠OEC=60°，则△ODE为等边三角形，得x?LOD?16．0.5L 【解析】
未放入粉末状物体时，推动活塞时，气体经历等温压缩过程，由玻意耳定律得：p0V1?p1V2 压缩后气体的体积为：V2?V1??V
放入粉末状物体后，推动活塞时，气体仍经历等温变压缩过程，由玻意耳定律得：p0V3?p2V4 压缩前气体的体积为：V3?V1?V 压缩后体的体积为：V4?V1?V??V 代入数据得：V?0.5L 17．（1）【解析】
（1）对a导体棒，设从高处h滑到水平轨道时的速度为v0 ，由动能定理有
6L 3112gh （2）mgh 22mgh?12mv0 可得v0?2gh 2a棒进入磁场后， a棒减速、b棒加速，最终速度相等，a、b系统动量守恒，有： mv0=（m+m）v
a、b导体棒的最终速度为v=12gh 2（2）整个过程中，系统减少的机械能转化为电能，电能全部转化为回路的内能，即焦耳热
1Q?Ep?Ek?mgh??2m?v2
2回路中最多能产生的焦耳热为Q?1mgh 2点睛：a从高处h滑到水平轨道，根据动能定理可求进入磁场时的速度．最终两棒速度相等，以两棒组成的系统为研究对象，满足动量守恒，据此定律求解即可；当两棒最终一起做匀速运动时，回路中不再产生焦耳热，根据能量守恒定律求解即可．
18．（1） （2）3.26 MeV
【解析】解析：(1)根据题中条件，可知核反应方程为
(2)质量亏损
由于1 u的质量与931.5 MeV的能量相对应，所以核反应中释放的核能为
(4份试卷汇总)2020-2021学年湖南省张家界市高二物理下学期期末复习检测试题
