【答案】AB 【解析】
【详解】当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2电阻变大，总电阻变大，总电流减小，路端电压变大，即U1变大；R1的电流变大，则电流表支路的电流减小，即I减小；R3电压减小，则R2电压变大，则U2变大；选项B正确；因U1=U2+UR3，因U1变大，U2变大，UR3变小则ΔU1<ΔU2，选项A正确；根据P=IE可知电源的总功率变大；根据P内=Ir可知，电源内功率变大，选项C错误；因不知道电源内阻和外电阻之间的关系，则不能判断电源输出功率的变化情况；根据
2
可知电路的外电阻变大，电源的效率变大；选项D错误；故选AB.
7.如图所示，在水平虚线MN边界的下方是一垂直纸面向里的匀强磁场，质子(()和α粒子
)先后从边界上的A点沿与虚线成θ＝45°角的方向射入磁场，两粒子均从B点射出磁
场．不计粒子的重力，则( )
A. 两粒子在磁场中运动的轨迹相同 B. 两粒子在磁场中运动的速度大小相同 C. 两粒子在磁场中运动的动能相同 D. 两粒子在磁场中运动的时间相同 【答案】AC 【解析】
【详解】两粒子从A点沿箭头方向射入磁场，都从B点射出磁场，则两粒子的圆心、半径、
轨迹相同，选项A正确；半径；质子（）和α粒子（）的荷质比之比为：1:2，
则两粒子的速度之比为：2：1，选项B错误；又质量之比为1：4，则动能mv之比为：1:1，
2
即动能相同，选项C正确；周期动时间之比为1:2，D错误；故选AC。
，周期之比等于荷质比之比1:2，根据t= T得：运
【点睛】本题属于带电粒子在磁场中的偏转中典型题目，此类题的关键在于知道两粒子的运动轨迹相同，知道半径以及周期的表达式．
8.如图(a)所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内,长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图(b)所示,直导线中电流方向以向上为正，下列说法中不正确的是 ( ) ．．．
A. 在0～t1时间内，线圈有顺时针电流，并有向右的运动趋势 B. 在0～t1时间内，线圈有顺时针电流，并有向左的运动趋势 C. 在t1～t2时间内，线圈有逆时针电流，并有向右的运动趋势 D. 在t1～t2时间内，线圈有逆时针电流，并有向左的运动趋势 【答案】ABD 【解析】
【详解】在0～t1时间内，直线电流方向向下，根据安培定则，知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐减小，则磁场逐渐减弱，根据楞次定律，金属线框中产生逆时针方向的感应电流。
根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向左，右边受到的安培力水平向右，离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力，所以金属框所受安培力的合力水平向左。故AB错误；同理可知，在t1～t2时间内，直导线中电流向上增加，则穿过右边线圈的磁通量向里增加，根据楞次定律可知，线圈有逆时针电流，线圈受安培力向右，即线圈有向右的运动趋势，则C正确，D错误。此题选择不正确的选项，故选ABD。 【点睛】解决本题的关键掌握安培定则判断电流与其周围磁场的方向的关系，运用楞次定律判断感应电流的方向，以及运用左手定则判断安培力的方向．
9.在一个很小的矩形半导体薄片上，制作四个电极E、F、M、N，做成了一个霍尔元件，在E、F间通入恒定电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，M、N间的电压为UH．已知半导体薄片中的载流子为正电荷，电流与磁场的方向如图所示，下列说法正确的有（ ）
A. N板电势高于M板电势
B. 磁感应强度越大，MN间电势差越大
C. 将磁场方向变为与薄片的上、下表面平行，UH不变 D. 将磁场和电流分别反向，N板电势低于M板电势 【答案】AB 【解析】
A、根据左手定则，电流的方向向里，自由电荷受力的方向指向N端，向N端偏转，则N点电势高，故A正确；B、设左右两个表面相距为d，电子所受的电场力等于洛仑兹力，即：
设材料单位体积内电子的个数为n，材料截面积为s，则 ①;I=nesv ②;
s=dL ③;由①②③得：,令，则 ④;所以若保持电流I恒定，
则M、N间的电压与磁感虑强度B成正比，故B正确；C、将磁场方向变为与薄片的上、下表面平行，则带电粒子不会受到洛伦兹力，因此不存在电势差，故C错误；D、若磁场和电流分别反向，依据左手定则，则N板电势仍高于M板电势，故D错误。故选AB.
【点睛】解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电子在电场力和洛伦兹力作用下平衡。
10.如图所示，已知一带电小球在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B的复合场中（E和B已知），小球在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，重力加速度为g，则（ ）
A. 小球可能带正电
B. 小球做匀速圆周运动的半径为 C. 若电压U增大，则小球做匀速圆周运动的周期增加
D. 小球做匀速圆周运动的周期为【答案】BD 【解析】
【详解】小球在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=Eq，由于电场力的方向与场强的方向相反，故小球带负电，故A错误；由于洛伦兹力
提供向心力，故有：qvB=m，解得：；又由于qU=mv，解得：2
；联立得到：，故B正确；由于洛伦兹力提供向心力做圆周运动，故有运动周期为：
，故D正确；由于洛伦兹力提供向心力做圆周运动，运动周期为：显然运动周期与加速电压无关，故C错误；故选BD。
，【点睛】本题考查了带电粒子在复合场中的圆周运动的周期公式，轨道半径公式，带电粒子在电场中的加速运动和动能定理． 三、解答题
11.用游标卡尺测得某材料的长度如图甲所示，读数L=______cm； 用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，读数D=_________mm.
【答案】 (1). 1.050cm； (2). 1.025mm. 【解析】
【详解】游标卡尺读数L=1cm+0.05mm×10=1.050cm； 螺旋测微器读数D=1mm×0.01mm×2.5=1.025mm.
12.某实验小组要测量电阻Rx的阻值．
（1）用欧姆表“×10”挡进行粗测，正确操作后，表盘指针如图所示，可知该电阻的测量值约为140Ω。
(2)接着，用伏安法测量该电阻的阻值，可选用的实验器材有：
电流表A1（20mA，内阻约2Ω）；电流表A2（0.6A，内阻约0.5Ω）；理想电压表V（0-3V）；待测电阻RX；滑动变阻器R1（0-20Ω）；滑动变阻器R2（0-200Ω）；干电池2节；开关、导线若干．
该实验中，电流表应选用________（选填“A1”或“A2”）；在图乙、图丙电路中，应选用图________（选填“乙”或“丙”） 作为测量电路；滑动变阻器应选用________（选填“R1”或“R2”）。
(3)根据选择的电路和器材，在图丁中用笔画线代替导线完成测量电路的连接______。
【答案】 (1). （2）A1 (2). 乙 (3). R2 (4). （3）连线见解析； 【解析】
【详解】（2）电路中可能出现的最大电流为；则电流表选择A1；
电压表为理想表，则应选择电流表外接电路，即选择乙电路；由于滑动变阻器要选择限流电路。所以滑动变阻器选择与待测电阻阻值相当的且容易调节的变阻器，所以选择R2。 （3）实物连线如图；
江苏省如东高级中学2018-2019学年高二上学期期中考试物理试题
