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2024年普通高等学校招生全国统一考试数学卷(天津 理)含答案

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2024年普通高等学校招生全国统一考试(天津卷)

数学(理工类)参考解答

一、选择题:本题考查基本知识和基本运算.每小题5分,满分50分. 1.C 2.B 3.A 4.D 5.C 6.D 7.B 8.B 9.A 10.A

二、填空题:本题考查基本知识和基本运算.每小题4分,满分24分. 11.2 12.14π 13.3 14.x?3y?0

15.?8 3 16.390

三、解答题

17.本小题考查三角函数中的诱导公式、特殊角三角函数值、两角差公式、倍角公式、函数

y?Asin(?x??)的性质等基础知识,考查基本运算能力.满分12分.

(Ⅰ)解:f(x)?2cosx(sinx?cosx)?1?sin2x?cos2x?因此,函数f(x)的最小正周期为π.

π??2sin?2x??.

4??(Ⅱ)解法一:因为f(x)?π???π3π??3π3π?2sin?2x??在区间?,?上为增函数,在区间?,?4???88??84?上为减函数,又f?π?π??3π??3π??3ππ??0f?2f?2sin???2cos??1,,, ???????884244?????????π3π???故函数f(x)在区间?,?上的最大值为2,最小值为?1. 84解法二:作函数f(x)?

π???π9π?2sin?2x??在长度为一个周期的区间?,?上的图象如下:

484????y 2 ???O ??????????????x

?2 由图象得函数f(x)在区间?,?上的最大值为2,最小值为f????1.

?84??4?18.本小题主要考查互斥事件、相互独立事件、离散型随机变量的分布列和数学期望等基础

知识,考查运用概率知识解决实际问题的能力.满分12分. (Ⅰ)解:设“从甲盒内取出的2个球均为黑球”为事件A,“从乙盒内取出的2个球均为

2C321C42黑球”为事件B.由于事件A,B相互独立,且P(A)?2?,P(B)?2?.

C42C65?π3π??3π?故取出的4个球均为黑球的概率为P(A·B)?P(A·)P(B)?121??. 255(Ⅱ)解:设“从甲盒内取出的2个球均为黑球;从乙盒内取出的2个球中,1个是红球,1个是黑球”为事件C,“从甲盒内取出的2个球中,1个是红球,1个是黑球;从乙盒内取出的2个球均为黑球”为事件D.由于事件C,D互斥,

1211C3C32C2·C4C414且P(C)?2,. P(D)?·?·?222C4C65C4C615417??. 1551517(Ⅲ)解:?可能的取值为01,(Ⅱ)得P(??0)?,P(??1)?, ,,2,3.由(Ⅰ)

515故取出的4个球中恰有1个红球的概率为P(C?D)?P(C)?P(D)?1C3311P(??3)?2·2?.从而P(??2)?1?P(??0)?P(??1)?P(??3)?.

10C4C630?的分布列为

? P 0 1 2 3 3 1017317?的数学期望E??0??1??2??3??.

515103061 57 151 3019.本小题考查直线与直线垂直、直线与平面垂直、二面角等基础知识,考查空间想象能力、运算能力和推理论证能力.满分12分.

(Ⅰ)证明:在四棱锥P?ABCD中,因PA?底面ABCD,CD?平面ABCD,故PA?CD.

∵AC?CD,PAAC?A,∴CD?平面PAC.

而AE?平面PAC,∴CD?AE.

(Ⅱ)证明:由PA?AB?BC,?ABC?60°,可得AC?PA. ∵E是PC的中点,∴AE?PC.

由(Ⅰ)知,AE?CD,且PCCD?C,所以AE?平面PCD.

而PD?平面PCD,∴AE?PD.

∵PA?底面ABCD,PD在底面ABCD内的射影是AD,AB?AD,∴AB?PD. 又∵ABAE?A,综上得PD?平面ABE.

(Ⅲ)解法一:过点A作AM?PD,垂足为M,连结EM.则(Ⅱ)知,AE?平面PCD,AM在平面PCD内的射影是EM,则EM?PD. 因此?AME是二面角A?PD?C的平面角. 由已知,得?CAD?30°.设AC?a, 可得PA?a,AD?23212a,PD?a,AE?a. 332在Rt△ADP中,∵AM?PD,∴AM·PD?PA·AD,

则AM?PA·AD?PDa·23a273?a. 721a3AE14?. AM414. 4P

M E D

B

C

在Rt△AEM中,sinAME?A 所以二面角A?PD?C的大小是arcsin解法二:由题设PA?底面ABCD,PA?平面PAD,则平面PAD?平面ACD,交线为AD.

过点C作CF?AD,垂足为F,故CF?平面PAD.过点F作FM?PD,垂足为M,连结CM,故CM?PD.因此?CMP是二面角A?PD?C的平面角. 由已知,可得?CAD?30°,设AC?a, 可得PA?a,AD?232113a,PD?a,CF?a,FD?a. 3326∵△FMD∽△PAD,∴FMFD. ?PAPDP

E 3a·aFD·PA76??a. 于是,FM?PD1421a3M F D C

A B

1aCF2??7. 在Rt△CMF中,tanCMF?FM7a14所以二面角A?PD?C的大小是arctan7.

20.本小题考查导数的几何意义,两个函数的和、差、积、商的导数,利用导数研究函数的单调性和极值等基础知识,考查运算能力及分类讨论的思想方法.满分12分. (Ⅰ)解:当a?1时,f(x)?2x4,, f(2)?2x?152(x2?1)?2x·2x2?2x26??又f?(x)?,. f(2)??(x2?1)2(x2?1)225所以,曲线y?f(x)在点(2,f(2))处的切线方程为y?即6x?2y?32?0.

46??(x?2), 5252a(x2?1)?2x(2ax?a2?1)?2(x?a)(ax?1)?(Ⅱ)解:f?(x)?. 22(x?1)(x2?1)2由于a?0,以下分两种情况讨论. (1)当a?0时,令f?(x)?0,得到x1??化情况如下表:

1,x2?a.当x变化时,f?(x),f(x)的变ax 1???∞,???a?? 1 a?1??,a?? ?a?a (a,?∞) f?(x) ? ? 0 ? 0 ? f(x) ?所以f(x)在区间??∞,??极小值 极大值 1??1??,a,内为减函数,在区间(a,?∞)???内为增函数.

a?a???1?f?????a2, ?a?函数f(x)在x1??函数f(x)在x2?1?1?处取得极小值f???,且a?a?1处取得极大值f(a),且f(a)?1. a1(2)当a?0时,令f?(x)?0,得到x1?a,x2??,当x变化时,f?(x),f(x)的变化

a情况如下表: x ??∞,a? a 1??a,??? a??1? a?1???,+∞??a? f?(x) ? 0 ? 0 ? f(x) 极大值 极小值 ?所以f(x)在区间(?∞,a),??,+∞?内为增函数,在区间?a,函数f(x)在x1?a处取得极大值f(a),且f(a)?1. 函数f(x)在x2???1?a????1??内为减函数. a?1处取得极小值a?1?f???,且?a??1?f?????a2. ?a?21.本小题以数列的递推关系式为载体,主要考查等比数列的前n项和公式、数列求和、不等式的证明等基础知识与基本方法,考查归纳、推理、运算及灵活运用数学知识分析问题和解决问题的能力.满分14分.

222(Ⅰ)解法一:a2?2????(2??)2???2,

a3??(?2?22)??3?(2??)22?2?3?23, a4??(2?3?23)??4?(2??)23?3?4?24.

nn由此可猜想出数列?an?的通项公式为an?(n?1)??2.

以下用数学归纳法证明.

(1)当n?1时,a1?2,等式成立.

kk(2)假设当n?k时等式成立,即ak?(k?1)??2,

k?1kkkk?1k?1k那么ak?1??a1???(2??)2??(k?1)???2???2??2

?[(k?1)?1]?k?1?2k?1.

nn这就是说,当n?k?1时等式也成立.根据(1)和(2)可知,等式an?(n?1)??2对

任何n?N都成立.

n?1n?解法二:由an?1??an???(2??)2(n?N),??0,

??2?可得n?1???????an?1n?1?2??n????1, ????annnn?an?2??an?2???所以?n????为等差数列,其公差为1,首项为0,故所以数列?an?????n?1,

??????????n??nn的通项公式为an?(n?1)??2. 234(Ⅱ)解:设Tn???2??3???(n?2)?n?1?(n?1)?n, ①

?Tn??3?2?4?3?5??(n?2)?n?(n?1)?n?1 ②

当??1时,①式减去②式, 得(1??)Tn?????23???(n?1)?nn?1?2??n?1??(n?1)?n?1,

1???2??n?1(n?1)?n?1(n?1)?n?2?n?n?1??2Tn???.

(1??)21??(1??)2(n?1)?n?2?n?n?1??2n?1?2?2. 这时数列?an?的前n项和Sn?2(1??)当??1时,Tn?n(n?1)n(n?1)n?1.这时数列?an?的前n项和Sn??2?2. 22(Ⅲ)证明:通过分析,推测数列??an?1?a2的第一项最大,下面证明: ?a1?an?an?1a2?2?4??,n≥2. ③ ana122由??0知an?0,要使③式成立,只要2an?1?(??4)an(n≥2), 22n2n因为(??4)an?(??4)(n?1)??(??1)2

?4?·(n?1)?n?4?2n?4(n?1)?n?1?2n?2

≥2n?n?1?2n?2?2an?1,n≥2.

所以③式成立. 因此,存在k?1,使得

an?1aa≤k?1?2对任意n?N?均成立. anaka1

2024年普通高等学校招生全国统一考试数学卷(天津 理)含答案

2024年普通高等学校招生全国统一考试(天津卷)数学(理工类)参考解答一、选择题:本题考查基本知识和基本运算.每小题5分,满分50分.1.C2.B3.A4.D5.C6.D7.B8.B9.A10.A二、填空题:本题考查基本知识和基本运算.每小题4分,满分24分.11.212.14
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