解析：
【解析】 【分析】
（1）左管内装有与水面相平水，管内水与槽内水对橡皮膜的压强相同，分析橡皮膜的状态；（2）中间管内装有与水面相平的煤油，橡皮膜上面受到煤油的压强，下面受到水的压强，根据液体压强公式判断橡皮膜上下表面受到的压强大小关系，进而判断出橡皮膜的形状；
（3）右管内装有与高于水面的水，橡皮膜上面受到水的压强，下面受到水的压强，根据液体压强公式判断橡皮膜上下表面受到的压强大小关系，进而判断出橡皮膜的形状． 【详解】
左管内装有与水面相平水，管内外深度相同，根据p水=ρ水gh水可知管内水与槽内水对橡皮膜的压强相同，橡皮膜处于水平状态；
中间管内，煤油对橡皮膜的压强：p煤油=ρ煤油gh煤油，水对橡皮膜的压强：p水=ρ水gh水，由题知，h煤油=h
水
，ρ煤油＜ρ水，所以p酒精＜p水，所以中间管中的橡皮膜向上凹；
右管内水对橡皮膜的压强：p水1=ρ水gh水1，管外水对橡皮膜的压强：p水=ρ水gh水2，由题知，h水1＞h水
2
，所以p水1＞p水2，所以右管中的橡皮膜向下凸，如图所示：
21．如图所示，一木块沿斜面匀速下滑，请画出该木块所受重力以及摩擦力的示意图．
解析：
【解析】 【详解】
重力的方向竖直向下，作用点在重心，如图矩形木块的重心在对角线的交点处，从重心竖直向下画出箭
头，并标出重力的符号G，如图；
摩擦力与运动方向相反，即沿斜面向上，作用点也画在重心，符号为f，如图：
【点睛】
重点是重力和摩擦力的画法，关键是明白重力的方向始终竖直向下，而摩擦力沿斜面向上． 四、计算题
22．如图1所示，在底面积为10m的容器中有一重物，现利用弹簧测力计将其拉出水面，弹簧测力计的示数F随时间变化的图象如图2所示，根据图象信息，计算
﹣22
（1）物体被拉出水面之前受到的浮力； （2）物体的密度；（g取10N/kg）
（3）物体被拉出水面，由于水面降低，容器底受到水的压强减小了多少帕？ 解析：（1）20N；（2）2.7×103kg/m3；（3）2×103Pa． 【解析】 【详解】
（1）由图2可知，t2时刻，物体被完全拉出水面，则重力等于拉力，即G＝F拉＝54N， 0～t1时刻，物体完全浸没在水中，弹簧测力计的示数F示＝34N， 所以，物体被拉出水面之前受到的浮力：F浮＝G﹣F示＝54N﹣34N＝20N； （2）物体浸没在水中，根据F浮＝ρ水gV排可得物体的体积：
V物?V排?F浮20N??2?10?3m3 33?水g1?10kg/m?10N/kgG54N??5.4kg g10N/kg物体的质量：，m?物体的密度：?物?m5.4kg33??2.7?10kg/m； V物2?10?3m3V2?10?3m3（3）根据V＝Sh可得水面降低的高度：?h???0.2m， ?22S10m水的压强减小量：△p＝ρ水g△h＝103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2×103Pa． 答：（1）物体被拉出水面之前受到的浮力为20N； （2）物体的密度为2.7×10kg/m；
（3）物体被拉出水面，由于水面降低，容器底受到的水的压强减小了2×10Pa．
23．如图1所示的电路中，电源电压恒定不变，R2＝30Ω，通过R1的电流随它两端电压变化关系如图2所示，求：
3
3
3
（1）R1的阻值大小？
（2）当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为0.5A，电源电压？
（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.15A，R3消耗的功率？1分钟时间R3产生的热量？ 解析：（1）20Ω；（2）6V；（3）0.225W， 13.5J。 【解析】 【详解】
（1）由图2知道，当U1＝2V时，I1＝0.1A，
所以，由欧姆定律知道：R1＝=＝20Ω；
（2）由电路图知道，当S1、S2、S3均闭合时，R1、R2并联，
由电阻并联的特点知道：R并＝ =＝12Ω，
由欧姆定律知道：U＝IR并＝0.5A×12Ω＝6V；
（3）当S1闭合，S2、S3断开时，由欧姆定律知道：U2＝I′R2＝0.15A×30Ω＝4.5V； 因为串联电路两端的电压等于各分电阻两端电压之和， 所以，R3两端的电压是：U3＝U﹣U2＝6V﹣4.5V＝1.5V， R3消耗的功率是：P3＝U3I′＝1.5V×0.15A＝0.225W。 R3产生的热量是：Q＝W3＝P3t＝0.225W×60s＝13.5J；
24．如图为某小区供电设备向居民楼输电的示意图．当居民楼内用户用电器消耗的总功率P为22kW时,居民楼用户用电器两端的实际电压U2为220V,求
（1）通过输电代的电流是多大？
（2）若输电线的总电阻r为0.04?，则供电设备的输出电压U1为多大？ （3）输电线上损失的电功率为多大？ 解析：（1）100A（2）224V（3）400W 【解析】 【详解】
（1）通过输电线的电流：I=
P22000W==100A； U220V（2）输电线上损失的电压：U损=Ir=100A×0.04Ω=4V，输电设备输出电压：U1=U2+U损=220V+4V=224V； （3）输电线上损失的电功率：P损=IU损=100A×4V=400W． 五、实验题
25．在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V．
（1）如图甲是小明测量小灯泡额定功率的实物电路图（不完整）．请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整． （______）
（2）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于_____（选填“A”或“B”）端．
（3）连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P，小灯泡不发光，电压表的示数为零．进一步观察并检查电路，发现电压表、电流表、导线及其连接均完好．针对电路中出现的小灯泡不发光的故障现象，他提出了如下猜想：①小灯泡短路；②小灯泡的灯丝断了；③滑动变阻器断路．根椐故障现象，猜想_____（填序号，下同）是错误的．如果观察到电流表有示数，则猜想_____是正确的． （4）排除故障，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，此时应将滑片P向_____（选填“A”或“B”）端移到合适位置，读出电流表示数，即可算出小灯泡的额定功率． （5）小平打算增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过图中操作（开关S接“a”、”b”各一次）来测量小灯泡的额定功率．图丙、丁是她设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是_____（填字母）．
A．两种方案都能 B．两种方案都不能
C．丙方案能，丁方案不能 D．丙方案不能，丁方案能．
解析： B ② ① A B
【解析】 【详解】
（1）电流表应串联在电路中，电压表应并联在小灯泡两端，如图所示；
（2）闭合开关前，为了用电安全，变阻器应处于阻值最大状态，所以滑片应在B端；
（3）由于电压表示数为零，所以不可能是小灯泡断路，故②错；如果电流表有示数，则不可能是滑动变阻器断路，故①的猜想是正确的；
（4）由图乙可知，电压表的示数为1.4V，小于小灯泡的额定电压2.5V，所以应增大电流，减小电阻，使滑片向A端移动，当电压表示数等于2.5V时，读出电流表的示数；
（5）对于丙图来说，不论接a还是b，都无法确定电灯泡两端的电压等于额定电压；对丁图来说，不论接a还是b，都无法确定电灯泡两端的电压等于额定电压；故两个图示的电路都不行，应选B． 26．在探究电流通过导体产生的热量多少与哪些因素有关时，采用如图所示的实验装置，请观察甲、乙两图并回答下列问题．
(1)在甲图实验中，若通电时间相同，发现右侧U形管内液面高度变化较大，这表明：在电流相同、通电时间相同的情况下，导体的_______越大，产生的热量越多．
(2)乙图的装置是用来研究电阻丝产生的热量与__________的关系．在实验中观察到左、右两侧U形管中液面都很快出现高度差且高度差相等，原因是电阻丝______断路
(3)排除故障后，重新利用乙装置进行实验，要使实验现象更明显，应该将R3换成电阻更_______(选填“大”或“小”)的电阻．
解析：电阻 电流 R3 小 【解析】 【详解】
（1）由甲图实验知道，两电阻串联，通过的电流相同，根据题意知道，通电时间相同，发现B玻璃管内液面高度变化较大，说明10Ω电阻丝产生的热量多，这表明：在电流相同、通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多．
（2）图乙容器中，右容器中两个5Ω的电阻并联后再与左容器中一个5Ω的电阻串联，由并联电路的电流特点知道，通过左容器内电阻丝的电流大于通过右容器内电阻丝的电流大，即I左＞I内，而烧瓶内的电阻值都是5Ω，电阻相同，通电时间相等，所以，乙图的装置可以用来研究电阻丝产生的热量与电流大小的关系；
【3份试卷合集】黑龙江省名校2018-2019学年中考物理一模试卷
