第一章 概述
1-10 试在下列条件下比较电路交换和分组交换.要传送的报文共x（bit）.从源点到终点共经过k段链路，每段链路的传播时延为d（s），数据率为b(b/s).在电路交换时电路的建立时间为s(s).在分组交换时分组长度为p(bit)，且各结点的排队等待时间可忽略不计.问在怎样的条件下，分组交换的时延比电路交换的要小？（提示：画一下草图观察k段链路共有几个结点.）
答：线路交换时延：kd+x/b+s, 分组交换时延：kd+(x/p)*(p/b)+ (k-1)*(p/b)矚慫润厲钐瘗睞枥庑赖。 其中(k-1)*(p/b)表示K段传输中，有(k-1)次的储存转发延迟，当s>(k-1)*(p/b)时，电路交换的时延比分组交换的时延大，当x>>p,相反.聞創沟燴鐺險爱氇谴净。
1-11 在上题的分组交换网中，设报文长度和分组长度分别为x和(p+h)(bit),其中p为分组的数据部分的长度，而h为每个分组所带的控制信息固定长度，与p的大小无关.通信的两端共经过k段链路.链路的数据率为b(b/s)，但传播时延和结点的排队时间均可忽略不计.若打算使总的时延为最小，问分组的数据部分长度p应取为多大？（提示：参考图1-12的分组交换部分，观察总的时延是由哪几部分组成.）残骛楼諍锩瀨濟溆塹籟。 答：总时延D表达式，分组交换时延为：D= kd+(x/p)*((p+h)/b)+ (k-1)*(p+h)/b酽锕极額閉镇桧猪訣锥。 D对p求导后，令其值等于0，求得p=[(xh)/(k-1)]^0.5
1-19 长度为100字节的应用层数据交给传输层传送，需加上20字节的TCP首部.再交给网络层传送，需加上20字节的IP首部.最后交给数据链路层的以太网传送，加上首部和尾部工18字节.试求数据的传输效率.数据的传输效率是指发送的应用层数据除以所发送的总数据（即应用数据加上各种首部和尾部的额外开销）.彈贸摄尔霁毙攬砖卤庑。 若应用层数据长度为1000字节，数据的传输效率是多少？
解：（1）100/（100+20+20+18）=63.3%
（2）1000/（1000+20+20+18）=94.5%謀荞抟箧飆鐸怼类蒋薔。
第二章 物理层
2-04 试解释以下名词：数据，信号，模拟数据，模拟信号，基带信号，带通信号，数字数据，数字信号，码元，单工通信，半双工通信，全双工通信，串行传输，并行传输.厦礴恳蹒骈時盡继價骚。 答：数据：是运送信息的实体.
信号：则是数据的电气的或电磁的表现. 模拟数据：运送信息的模拟信号. 模拟信号：连续变化的信号.
数字信号：取值为有限的几个离散值的信号. 数字数据：取值为不连续数值的数据.
码元(code)：在使用时间域（或简称为时域）的波形表示数字信号时，代表不同离散数值的基本波形. 单工通信：即只有一个方向的通信而没有反方向的交互.
半双工通信：即通信和双方都可以发送信息，但不能双方同时发送（当然也不能同时接收）.这种通信方式是一方发送另一方接收，过一段时间再反过来.茕桢广鳓鯡选块网羈泪。 全双工通信：即通信的双方可以同时发送和接收信息.
基带信号（即基本频带信号）——来自信源的信号.像计算机输出的代表各种文字或图像文件的数据信号都
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属于基带信号.鹅娅尽損鹌惨歷茏鴛賴。 带通信号——把基带信号经过载波调制后，把信号的频率范围搬移到较高的频段以便在信道中传输（即仅在一段频率范围内能够通过信道）.籟丛妈羥为贍偾蛏练淨。
2-07 假定某信道受奈氏准则限制的最高码元速率为20000码元/秒.如果采用振幅调制，把码元的振幅划分为16个不同等级来传送，那么可以获得多高的数据率（b/s）?預頌圣鉉儐歲龈讶骅籴。 答：C=R*Log2（16）=20000b/s*4=80000b/s
2-08 假定要用3KHz带宽的电话信道传送64kb/s的数据（无差错传输），试问这个信道应具有多高的信噪比（分别用比值和分贝来表示？这个结果说明什么问题？）渗釤呛俨匀谔鱉调硯錦。 答：C=Wlog2（1+S/N）(b/s) W=3khz，C=64khz----àS/N=64.2dB 是个信噪比要求很高的信源
2-09 用香农公式计算一下，假定信道带宽为为3100Hz，最大信道传输速率为35Kb/ｓ，那么若想使最大信道传输速率增加６０％，问信噪比Ｓ/Ｎ应增大到多少倍？如果在刚才计算出的基础上将信噪比Ｓ/Ｎ应增大到多少倍？如果在刚才计算出的基础上将信噪比Ｓ/Ｎ再增大到十倍，问最大信息速率能否再增加２０％？ 铙誅卧泻噦圣骋贶頂廡。 答：C = W log2(1+S/N) b/s-àSN1=2*（C1/W）-1=2*（35000/3100）-1擁締凤袜备訊顎轮烂蔷。 SN2=2*（C2/W）-1=2*（1.6*C1/w）-1=2*（1.6*35000/3100）-1 SN2/SN1=100信噪比应增大到约100倍.
C3=Wlong2（1+SN3）=Wlog2（1+10*SN2） C3/C2=18.5%
如果在此基础上将信噪比S/N再增大到10倍，最大信息通率只能再增加18.5%左右
2-12 试计算工作在1200nm到1400nm之间以及工作在1400nm到1600nm之间的光波的频带宽度.假定光在光纤中的传播速率为2*10e8m/s.贓熱俣阃歲匱阊邺镓騷。 解： V=L*F-àF=V/L--àB=F2-F1=V/L1-V/L2 1200nm到1400nm：带宽=23.8THZ 1400nm到1600nm：带宽=17.86THZ
2-14 试写出下列英文缩写的全文，并做简单的解释.
FDM,TDM,STDM,WDM,DWDM,CDMA,SONET,SDH,STM-1 ,OC-48.
答：FDM(frequency division multiplexing) TDM(Time Division Multiplexing)
STDM(Statistic Time Division Multiplexing) WDM(Wave Division Multiplexing)
DWDM(Dense Wave Division Multiplexing) CDMA(Code Wave Division Multiplexing)
SONET(Synchronous Optical Network)同步光纤网 SDH(Synchronous Digital Hierarchy)同步数字系列
STM-1(Synchronous Transfer Module)第1级同步传递模块 OC-48(Optical Carrier)第48级光载波
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第三章 数据链路层
3-03 网络适配器的作用是什么?网络适配器工作在哪一层?
答：适配器（即网卡）来实现数据链路层和物理层这两层的协议的硬件和软件 网络适配器工作在TCP/IP协议中的网络接口层（OSI中的数据链里层和物理层）
3-04 数据链路层的三个基本问题(帧定界、透明传输和差错检测)为什么都必须加以解决？
答：帧定界是分组交换的必然要求
透明传输避免消息符号与帧定界符号相混淆
差错检测防止合差错的无效数据帧浪费后续路由上的传输和处理资源
3-05 如果在数据链路层不进行帧定界，会发生什么问题？
答：无法区分分组与分组
无法确定分组的控制域和数据域
无法将差错更正的范围限定在确切的局部
3-06 PPP协议的主要特点是什么？为什么PPP不使用帧的编号？PPP适用于什么情况？为什么PPP协议不能使数据链路层实现可靠传输？坛摶乡囂忏蒌鍥铃氈淚。 答：简单，提供不可靠的数据报服务，检错，无纠错 不使用序号和确认机制
地址字段A 只置为 0xFF.地址字段实际上并不起作用. 控制字段 C 通常置为 0x03. PPP 是面向字节的
当 PPP 用在同步传输链路时，协议规定采用硬件来完成比特填充（和 HDLC 的做法一样），当 PPP 用在异步传输时，就使用一种特殊的字符填充法蜡變黲癟報伥铉锚鈰赘。 PPP适用于线路质量不太差的情况下、PPP没有编码和确认机制
3-07 要发送的数据为1101011011.采用CRC的生成多项式是P（X）=X4+X+1.试求应添加在数据后面的余数.数据在传输过程中最后一个1变成了0，问接收端能否发现？若数据在传输过程中最后两个1都变成了0，问接收端能否发现？采用CRC检验后，数据链路层的传输是否就变成了可靠的传输？買鲷鴯譖昙膚遙闫撷凄。 答：作二进制除法，1101011011 0000 10011 得余数1110 ，添加的检验序列是1110.綾镝鯛駕櫬鹕踪韦辚糴。 作二进制除法，两种错误均可发展
仅仅采用了CRC检验，缺重传机制，数据链路层的传输还不是可靠的传输.
3-08 要发送的数据为101110.采用CRCD 生成多项式是P（X）=X3+1.试求应添加在数据后面的余数.驅踬髏彦浃绥譎饴憂锦。 答：作二进制除法，101110 000 10011 添加在数据后面的余数是011
3-09 一个PPP帧的数据部分（用十六进制写出）是7D 5E FE 27 7D 5D 7D 5D 65 7D 5E.试问真正的数据是什么（用十六进制写出）？猫虿驢绘燈鮒诛髅貺庑。 答：7D 5E FE 27 7D 5D 7D 5D 65 7D 5E 7E FE 27 7D 7D 65 7D
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3-10 PPP协议使用同步传输技术传送比特串0110111111111100.试问经过零比特填充后变成怎样的比特串？若接收端收到的PPP帧的数据部分是0001110111110111110110，问删除发送端加入的零比特后变成怎样的比特串？锹籁饗迳琐筆襖鸥娅薔。 答：011011111 11111 00 011011111011111000 0001110111110111110110 000111011111 11111 110
3-16 数据率为10Mb/s的以太网在物理媒体上的码元传输速率是多少码元/秒？
答：码元传输速率即为波特率，以太网使用曼彻斯特编码，这就意味着发送的每一位都有两个信号周期.标准以太网的数据速率是10MB/s，因此波特率是数据率的两倍，即20M波特構氽頑黉碩饨荠龈话骛。
3-20 假定1km长的CSMA/CD网络的数据率为1Gb/s.设信号在网络上的传播速率为200000km/s.求能够使用此协议的最短帧长.輒峄陽檉簖疖網儂號泶。 答：对于1km电缆，单程传播时间为1/200000=5为微秒，来回路程传播时间为10微秒，为了能够按照CSMA/CD工作，最小帧的发射时间不能小于10微秒，以Gb/s速率工作，10微秒可以发送的比特数等于10*10^-6/1*10^-9=10000,因此，最短帧是10000位或1250字节长尧侧閆繭絳闕绚勵蜆贅。
3-22 假定在使用CSMA/CD协议的10Mb/s以太网中某个站在发送数据时检测到碰撞，执行退避算法时选择了随机数r=100.试问这个站需要等待多长时间后才能再次发送数据？如果是100Mb/s的以太网呢？识饒鎂錕缢灩筧嚌俨淒。 答：对于10mb/s的以太网，以太网把争用期定为51.2微秒，要退后100个争用期，等待时间是51.2（微秒）*100=5.12ms凍鈹鋨劳臘锴痫婦胫籴。 对于100mb/s的以太网，以太网把争用期定为5.12微秒，要退后100个争用期，等待时间是5.12（微秒）*100=512微秒恥諤銪灭萦欢煬鞏鹜錦。
3-24 假定站点A和B在同一个10Mb/s以太网网段上.这两个站点之间的传播时延为225比特时间.现假定A开始发送一帧，并且在A发送结束之前B也发送一帧.如果A发送的是以太网所容许的最短的帧，那么A在检测到和B发生碰撞之前能否把自己的数据发送完毕？换言之，如果A在发送完毕之前并没有检测到碰撞，那么能否肯定A所发送的帧不会和B发送的帧发生碰撞？（提示：在计算时应当考虑到每一个以太网帧在发送到信道上时，在MAC帧前面还要增加若干字节的前同步码和帧定界符）鯊腎鑰诎褳鉀沩懼統庫。 答：设在t=0时A开始发送，在t=（64+8）*8=576比特时间，A应当发送完毕.t=225比特时间，B就检测出A的信号.只要B在t=224比特时间之前发送数据，A在发送完毕之前就一定检测到碰撞，就能够肯定以后也不会再发送碰撞了硕癘鄴颃诌攆檸攜驤蔹。 如果A在发送完毕之前并没有检测到碰撞，那么就能够肯定A所发送的帧不会和B发送的帧发生碰撞（当然也不会和其他站点发生碰撞）.阌擻輳嬪諫迁择楨秘騖。
3-25 在上题中的站点A和B在t=0时同时发送了数据帧.当t=255比特时间，A和B同时检测到发生了碰撞，并且在t=255+48=273比特时间完成了干扰信号的传输.A和B在CSMA/CD算法中选择不同的r值退避.假定A和B选择的随机数分别是rA=0和rB=1.试问A和B各在什么时间开始重传其数据帧？A重传的数据帧在什么时间到达B？A重传的数据会不会和B重传的数据再次发生碰撞？B会不会在预定的重传时间停止发送数据？氬嚕躑竄贸恳彈瀘颔澩。 4
答：t=0时，A和B开始发送数据
T1=225比特时间,A和B都检测到碰撞（tau）
T2=273比特时间,A和B结束干扰信号的传输（T1+48） T3=594比特时间,A 开始发送（T2+Tau+rA*Tau+96）
T4=785比特时间，B再次检测信道.（T4+T2+Tau+Rb*Tau）如空闲，则B在T5=881比特时间发送数据、否则再退避.（T5=T4+96）釷鹆資贏車贖孙滅獅赘。 A重传的数据在819比特时间到达B，B先检测到信道忙，因此B在预定的881比特时间停止发送
3-26 以太网上只有两个站，它们同时发送数据，产生了碰撞.于是按截断二进制指数退避算法进行重传.重传次数记为i，i=1，2，3,…...试计算第1次重传失败的概率、第2次重传的概率、第3次重传失败的概率，以及一个站成功发送数据之前的平均重传次数I.怂阐譜鯪迳導嘯畫長凉。 答：将第i次重传成功的概率记为pi.显然
第一次重传失败的概率为0.5，第二次重传失败的概率为0.25，第三次重传失败的概率为0.125.平均重传次数I=1.637谚辞調担鈧谄动禪泻類。
3-27 假定一个以太网上的通信量中的80%是在本局域网上进行的，而其余的20%的通信量是在本局域网和因特网之间进行的.另一个以太网的情况则反过来.这两个以太网一个使用以太网集线器，而另一个使用以太网交换机.你认为以太网交换机应当用在哪一个网络？嘰觐詿缧铴嗫偽純铪锩。 答：集线器为物理层设备，模拟了总线这一共享媒介共争用，成为局域网通信容量的瓶颈. 交换机则为链路层设备，可实现透明交换 局域网通过路由器与因特网相连
当本局域网和因特网之间的通信量占主要成份时，形成集中面向路由器的数据流，使用集线器冲突较大，采用交换机能得到改善.熒绐譏钲鏌觶鷹緇機库。 当本局域网内通信量占主要成份时，采用交换机改善对外流量不明显
3-29 10Mb/s以太网升级到100Mb/s、1Gb/S和10Gb/s时，都需要解决哪些技术问题？为什么以太网能够在发展的过程中淘汰掉自己的竞争对手，并使自己的应用范围从局域网一直扩展到城域网和广域网？鶼渍螻偉阅劍鲰腎邏蘞。 答：技术问题：使参数a保持为较小的数值，可通过减小最大电缆长度或增大帧的最小长度 在100mb/s的以太网中采用的方法是保持最短帧长不变，但将一个网段的最大电缆的度减小到100m，帧间时间间隔从原来9.6微秒改为现在的0.96微秒纣忧蔣氳頑莶驅藥悯骛。 吉比特以太网仍保持一个网段的最大长度为100m，但采用了“载波延伸”的方法，使最短帧长仍为64字节（这样可以保持兼容性）、同时将争用时间增大为512字节.并使用“分组突发”减小开销颖刍莖蛺饽亿顿裊赔泷。 10吉比特以太网的帧格式与10mb/s，100mb/s和1Gb/s以太网的帧格式完全相同
吉比特以太网还保留标准规定的以太网最小和最大帧长，这就使用户在将其已有的以太网进行升级时，仍能和较低速率的以太网很方便地通信.濫驂膽閉驟羥闈詔寢賻。 由于数据率很高，吉比特以太网不再使用铜线而只使用光纤作为传输媒体，它使用长距离（超过km）的光收发器与单模光纤接口，以便能够工作在广銚銻縵哜鳗鸿锓謎諏涼。
3-32 图3-35表示有五个站点分别连接在三个局域网上，并且用网桥B1和B2连接起来.每一个网桥都有两个接口（1和2）.在一开始，两个网桥中的转发表都是空的.以后有以下各站向
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计算机网络版谢希仁编著课后习题附标准答案
