即.
即
,
.
整理得,解得
解析:
设
由题意可得
,
,,解得,进而得到椭圆方程;
,联立直线l的方程和椭圆方程,运用韦达定理,可得Q的坐标,由点B
为钝角或平角,即有
,运用数量积的坐标表示,解不
在以PQ为直径圆内,得
等式即可得到所求范围.
本题考查椭圆方程的求法,注意运用椭圆的性质,考查实数的取值范围,注意联立直线方程和椭圆方程,运用韦达定理,考查点在圆内的条件:点与直径的端点的张角为钝角或平角,运用数量积小于0,考查化简整理的运算能力,属于中档题.
21.答案:解:Ⅰ根据题意,由,得,
设切点横坐标为,依题意得,
解得,即实数a的值为1.
Ⅱ由在得
在定义域内恒成立,
定义域内恒成立,
令,则,
再令即
所以当当所以
在
,则
上递减,又时,,从而时,,从而处取得最大值
.
, ,
,
,
在在
,
递增; 递减,
在
所以实数a的取值范围是
第16页,共18页
解析:Ⅰ根据题意,由函数的解析式求出其导数,设切点横坐标为,则有
,解可得a的值,即可得答案;
Ⅱ根据题意,原问题可以转化为
,求出
,在定义域内恒成立,令
的导数,利用导数分析
的最大值,据此分析即可得
答案.
本题考查导数的应用,涉及利用导数求函数的最值与切线的方程,注意将不等式的恒成立问题转化为函数的最值问题.
22.答案:解:因为直线
.
,故,
即直线l的直角坐标方程为因为曲线C:
,则曲线C的直角坐标方程为,即.
根据转换为直线l的参数方程为为参数,
将其代入曲线C的直角坐标方程
得.
设P,Q对应的参数分别为,,则所以M对应的参数故
, .
, ,
,
解析:直接利用转化关系,把参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间进行转换.
利用一元二次方程根和系数关系式的应用求出结果.
本题考查的知识要点:参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间的转换,一元二次方程根和系数关系式的应用,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题型.
, 23.答案:解:
,
即为, 当时,,解得; 当时,,解得; 当时,,解得. 综上可得不等式的解集为;
,
即为, 由, 可得,
第17页,共18页
即有可得解得
, , .
解析:由题意可得,由绝对值的意义,对x讨论,去绝对值,解不等式,求并集即可;
由题意可得,运用绝对值不等式的性质可得,解不等式可得所求范围.
本题考查绝对值不等式的解法和不等式恒成立问题解法,考查分类讨论思想和转化思想,考查化简运算能力,属于中档题.
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2020年宁夏银川一中高考数学三模试卷(文科)(含答案解析)
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