[3]小石块的密度为
??m54g3 ?=2.7g/cm3V20cm[4]密度是物质的固有属性，不因位置的变化而变化，将该小石块带到高山上去，该小石块103 kg/m3。 的密度不变仍为2.7g/cm3换算为2.7×17．
s 4.00 20.00 变速 vDE＝vCD+40cm/s＝vBC+2×40cm/s＝vAB+3×40cm/s t【解析】 【分析】 【详解】
(1)[1]测量出物体运动的路程和时间，根据v?ss可以求出速度的大小，故实验原理是v?。 tt(2)[2]刻度尺的分度值为1mm，在记录长度的测量结果时要记录到分度值的下一位，从图中可以看出：小木块在A点时小木块的右端与零刻度线对齐，运动到B点时，小木块的右边与4cm线对齐，所以AB之间的距离为sAB＝4.00cm。 [3]物体从A到B的速度为
vAB=sAB4.00cm==20.00cm/s tAB0.2s(3)[4]根据表格中的速度可知，物体运动的速度越来越快，即做的是变速运动。 (4)[5]根据表格中的数据可知，vAB=20.00cm/s，vBC＝60.50 cm/s，vCD＝100.00cm/s；vDE＝139.50cm/s，在误差允许的范围内，相邻的两个速度之间的差距是40cm/s，则关系式可以表示为
vBC=vAB+40cm/s vCD= vBC+40cm/s vDE＝vCD+40cm/s
即可得到
vDE＝vCD+40cm/s＝vBC+2×40cm/s＝vAB+3×40cm/s
答案第8页，总11页
18． 快 快 机械能 BC
【解析】 【分析】 【详解】
(1)[1]由电路图可知，滑动变阻器与电动机串联在电路中，电流表选用的是小量程，实物图如图所示
。
(2)[2]根据表格中的数据可知，当电动机两端的电压升高时，转速变快，故结论是，在一定电压范围内电动机两端的电压越高，转动越快。
(3)[3]根据表格中的数据可知，当通过电动机的电流变大时，转速变快，故结论是，在一定电流范围内通过电动机的电流越大，转动越快。
(4)[4]电动机是用电器，会消耗电能，电能主要转化为机械能，还有一小部分因为电流的热效应转化为内能。
(5)[4]电动机转动方向与电流的方向和磁场的方向有关，与磁场磁性的强弱无关，只改变电流的方向或磁场的方向，电动机转动的方向会改变，若同时改变电流的方向和磁场的方向，则电动机转动方向不变，故BC正确。
答案第9页，总11页
19．
【解析】 【分析】 【详解】
物体重力的方向始终竖直向下，作用点在物体的重心位置，作法如图所示：
。
20．1.25?108N；13m2 【解析】 【分析】 【详解】
(1)驱逐舰满载时所受的浮力为
F浮?m排g?1.25?107kg?10N/kg?1.25?108N
(2)驱逐舰在水里所受的浮力为
?F浮?m直g?1.3?104kg?10N/kg?1.3?105N
驱逐舰在水里减少的体积
?F浮1.3?105N3?V???13m 33?海水g1.0?10kg/m?10N/kg答：(1) 055驱逐舰满载时所受的浮力为1.25?108N。 (2) 055驱逐舰浸在水里的体积减少了13m2。 21．(1)1.188×107J；(2)17.1A；(3)95.5%；(4)1782W 【解析】 【分析】
答案第10页，总11页
【详解】
(1)空调正常工作3小时所消耗的电能
W空调＝P空调t＝1100W×3×3600s＝1.188×107J
(2)根据表中数据可知，所有用电器同时正常工作时的总功率
W总＝2200W+1100W+110W+22×16W＝3762W
由P＝UI可知，此时电路的总电流
I总=W总3762W==17.1A U220V (3)电热水壶正常工作2min消耗的电能
W＝Pt＝2200W×2×60s＝2.64×105J
水吸收的热量
Q＝cm(t﹣t0)＝4.2×103J/(kg?℃)×2kg×(50℃﹣20℃)＝2.52×105J
电热水壶的效率
Q2.52?105J?=?100%=?100%?95.5%
W2.64?105J (4)由公式
U2 P?UI?R可得，电热水壶的阻值
22U额（220V）R===22Ω
P额2200W电热水壶此时的实际功率
22U实（198V）P实===1782W
R22Ω107J； 答：(1)空调正常工作3小时所消耗的电能为1.188×(2)上述表格里所有用电器同时正常工作的总电流为17.1A；
(3)电热水壶正常工作2min，可将一壶2kg初温为20℃的水加热至50℃，电热水壶的加热效率为95.5%；
(4)在用电高峰期，小李发现电能表的电压示数为198V，此时用电热水壶烧水(设电热水壶电阻保持不变)，电热水壶此时的实际功率为1782W。
答案第11页，总11页
【中考真题】2019年湖南省永州市中考物理真题试卷(附答案)
