C、②④⑥联立解得：qA：qB：qC=1：1：（2+3），故C正确；
D、根据三个小球均向右偏转可知，三个小球带同种电荷，故D正确； 故选：BCD。
以三个小球整体受力分析求解最上绳子的拉力；以BC小球整体分析中间绳子的拉力和电场力；以C球为研究对象求解最下端绳子拉力和电场力。
本题考查带电小球在电场中的平衡问题，关键是选择合适研究对象，正确受力分析，根据平衡列式求解即可。 9.答案：ACE
解析：解：A、一定质量的单晶体在熔化过程，温度不变，分子平均动能不变，吸收的热量转化为分子势能，分子势能一定是增大的。故A正确； B、液体的饱和蒸汽压随温度的升高而升高。故B错误；
C、影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素，不是空气中水蒸气的绝对数量，而是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的差距。水蒸气的压强离饱和汽压越远，越有利于水的蒸发，人们感觉干爽。故C正确；
D、液体没有确定的形状且有流动性，是因为液体分子作用力较小，分子位置不固定。故D错误； E、一定质量的0℃的水变成0℃的冰的过程中要放出热量，其内能一定减少。故E正确。 故选：ACE。
一定质量的单晶体在熔化过程，温度不变，吸收的热量转化为分子势能；液体的饱和蒸汽压随温度的升高而升高；人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度；液体没有确定的形状且有流动性，是因为液体分子作用力较小，分子没有固定的平衡位置；一定质量的0℃的水变成0℃的冰的过程中要放出热量，其内能一定减少。
本题考查了相对湿度、热力学第一定律、晶体和非晶体、液体的微观结构等知识点。对于这部分知识很多是属于记忆部分的，因此需要注意平时的记忆与积累。 10.答案：BDE
解析：解：A、该波的波长为λ=8m，波速v=20m/s，则周期T==s=0.04s，故A错误； B、经0.3s波形图如图中的虚线所示，若波传播的速度为20m/s，则传播的距离x=vt=6m=，所以这列波沿x轴负方向传播，故B正确；
C、波沿x轴负方向传播，则P、Q都向下振动，从t=0时刻开始，质点P比质点Q晚回到平衡位置，故C错误；
D、x=4m处的质点在0.8s内通过的路程为s=E、x=2m处的质点的位移表达式为y=Asin（故选：BDE。
根据周期T=求解周期；求出0.3s传播的距离分析这列波的传播方向；根据振动方向判断质点P比质点Q晚回到平衡位置；质点一个周期内通过的路程为4A；根据质点位移表达式的通式求解振动方程。 本题主要是考查了波的图象；解答本题的关键是根据质点的振动方向判断出波的传播方向；一般的判断方法是根据“平移法”或“同侧法”，或者根据“走坡法”来判断；知道同一波峰或波谷两侧附近的各点振动方向相反。
m=1.6m，故D正确；
）=0.2sin（5πt+）m，故E正确。
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11.答案：否 0.25
解析：解：（1）本实验中，滑块受到的拉力通过弹簧测力计得到，故不需要测量小桶（含内部沙子）的质量。
F-μmg=ma，（2）分析滑块的受力情况，根据牛顿第二定律可知，根据运动学公式可知，2ax=v2-v02，联立解得，（3）由（2）对照图象可知，故答案为：（1）否；（2）=。
，解得μ=0.25。 ；（3）0.25。
本实验不需要满足小桶（含内部沙子）的质量远小于小车的质量。
由动能定理得到△v2与x的表达式，再分析图象斜率的意义。
可得出图象斜率，由动能定理求解合外力的大小，进一步求解动摩擦力因数。
本题考查了创新方法，本实验不需要测量小桶（含内部沙子）的质量，也不需要满足小桶（含内部沙子）的质量远小于小车的质量这个条件。 12.答案：0.600 直流电压挡 9.00 2.5×10-6 1.0
0.01mm=0.600mm（3）电流解析：解：（1）由图示螺旋测微器可知读数：0.5mm+10.0×
表的示数为零则表明电路某处出现断路，所以要用直流电压档进行探测，探测方法是：将电压表的某一接线柱固定在电源某极，另一接线柱去触探电路的一系列点，若探测到某两点变换时，电压表示数突变，则一定是这两点之间发生断路；
（5）根据闭合电路欧姆定律、电阻定律、及电路电流关系可以表示出电流表的示数I满足下列关系：I+=，代入已知数据并化简整理有：=．再从题中所给图象可求得-L直线的斜率k=A-1?m-1=9.00A-1?m-1，图象的纵轴截距
b=5.0A-1，所以结合表达式可求得，电源内阻r=5.0-4（Ω）=1.0Ω，电阻率ρ=Sk==2.5×10-6Ω?m。
故答案为：（1）0.600（0.599mm～0.601mm均可）
（3）直流电压挡
10-6 1.0 （5）9.00（8.80～9.20均可） 2.5×
（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；
（3）由实验步骤可知，电源电动势不变，电路电流始终等于电流表的满偏电流，电路电流不变，由此可知，电路总电阻不变，由图象及串联电路特点可以求出电路总电阻，由电阻定律及实验数据可以求出电阻率的表达式；
（5）应用图象法求电阻率，电流表内阻对实验结果没有影响（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。
本实验应明确：为减小读数误差，电表量程选择要合适，在保证安全的前提下，量程不能过大；知道外电路电阻不变，熟练应用电阻定律即可正确解题。 13.答案：解：（1）将小球的运动分解成水平方向与竖直方向， 设从抛出到第一次碰撞，小球运动时间为t， 则有：x=v0cosα?t y=v0sinα?t- 第12页，共14页
tanθ= 联立上式，解得，与斜面碰撞时的速度为v=v0cosα=2m/s，方向水平向右； （2）由题意可知，第一次与斜面碰撞后，小球速度为v1，v1=v，方向竖直向上， 之后小球做竖直上抛运动，经过t1，小球到达最高点： 则有：t1==s 那么t总=t1+t2= m/s，方向是水平向右；
。
答：（1）小球第一次与斜面碰撞时的速度大小2（2）从小球抛出到小球运动到最高点所经历的时间为
解析：（1）根据运动的合成与分解，结合矢量的合成法则，及运动学公式，即可求解； （2）依据第一次碰撞后，小球做竖直上抛运动，结合其处理规律，即可求解。
考查抛体运动的内容，掌握运动的合成与分解的应用，理解矢量的合成法则，及运动学公式。
14.答案：解：（1）根据电磁感应定律△t时间内的平均感应电动势△t时间内的平均感应电流：由动量定理得：火箭脱离时的速度v0=，平均安培力，
（2）以地面为参考系，取竖直向上为正方向，由动量定理得：mv0=m'（v1-u）+（m-m'）v1，解得：，代入解得：v1=40m/s
103J ，解得：Q=8×
喷气过程燃料释放的内能：Q=（3）以地面为参考系，取竖直向上为正方向，第一次喷气，
第二次喷气，答：（1）△t时间内棒EF中感应电流的平均值I为；
103J； （2）喷气后火箭的速度Vl及喷气过程燃料释放的内能Q为8×
（3）喷气后火箭的速度V2为41m/s。
解析：（1）根据电磁感应定律求出平均电动势，根据动量定理求解速度v0； （2）先求出平均感应电流，进而求出平均安培力，再根据动量定理求解内能； （3）以火箭为参考系，设竖直向上为正，根据动量守恒定律列式求解即可。
本题主要考查了电磁感应定律、楞次定律、动量定理、动量守恒定律的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况和运动情况，注意求电荷量时要用平均电流，用动量守恒定律解题时要规定正方向，难度较大。
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，解得：v2=41m/s
，火箭脱离导轨时的速度V0为
15.答案：解：选取活塞和杆为研究对象，当拔去M时，其
受力情况分析如图所示．
根据牛顿第二定律 p0sB+p2sA-posA-p2sB=（MA+MB）a 得： 加速度的方向向左． 根据查理定律 得T2=300K
答：（1）刚拔去销子M时两活塞的加速度的方向向左； （2）温度T为300K．
解析：对于容器中的气体，在K关闭至M拔去前的过程中，是等容变化，列出等式，再运用牛顿第二定律求解．
熟练运用气体方程结合牛顿第二定律即可正确解题．利用气态方程解题关键是气体状态要明确，求出各个状态的温度、压强、体积然后列气体状态方程即可求解，尤其注意气体压强的求法．
16.答案：解：（i）光路如图所示，设在A处的折射角为β，由折射定律：由光的反射及几何关系：AC=2d2tanβ， 由几何关系：DA=d1tanα，
设出射光线的反向延长线与虚线SS′的交点为S1，则：，
，
联立解得：．
．
；
．
（ii）上式中，当α=0时，所求距离：答：（i）出射光线的反向延长线与虚线SS′的交点到玻璃前表面的距离为（ii）沿虚线SS′方向看到的点光源S的主像到玻璃前表面的距离为
解析：（i）根据光折射定律作出光路图，由折射定律求A处的折射角，由几何关系和光的反射定律求解．
（ii）根据上题的结果，当α=0时，即为所求距离．
解决本题的关键要掌握光的反射定律，利用平面镜成像的原理来分析像的位置规律，结合几何知识研究这类问题．
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2020年辽宁省本溪高中高考物理二模试卷（含答案解析）
