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瑞安中学高二下期中数学试题(理)及详解(实验班).pdf - 图文

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瑞安中学2014学年第二学期高二期中考试

数学(实验班)试卷

第Ⅰ卷(选择题部分

一、选择题:本大题共的.

1.设全集为R,集合AA.[2,1]2.设

8小题,每小题

共40分)

5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求

x||x|2,B

B.(2,

{x|

1x1

0},则(CUA)

B

( )

)C.(1,2]

B.若m; D.若m

D.(

,则m//,则)

,2)

,m,n为两条不同的直线,

A.若m//,n//,则m//n

C.若m//,

,则m

为两个不同的平面,下列命题中为真命题的是(

,,m//

3.已知a,b4.已知f(x)

R,则“a2

Asin(x

x

b

2

1”是“|a||b|1”的()(x

A.充分不必要条件如图所示,若对任意则|x1

A.

B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件

R)的图象的一部分

f(x)

f(x2),

R,都有f(x1)

x2|的最小值为(

2 B.

C.

2

D.

4

x

5.已知实数变量

yy12

1,0,

且目标函数z

(第4题)

x,y满足

mx

x

3xy的最大值为4,则实数m的值为( )

y10,

.1

3

A. B

2

值为( )

A.1006 B

1

. C2

.2 D

6.设等差数列{an}的前n项和为Sn,且满足S2014

. 1007 C

线C:

. 1008 D

0,S20150,对任意正整数

n,都有|an||ak|,则k的

. 1009

7.设F1,F2分别是双曲

xa

22

yb

2

2

1(a0,b

0)的左、右焦点,P是C的右支上的点,射线

PT平分

1

F1PF2,过原点O作PT的平行线交PF1于点M,若|MP||F1F2|,则C的离心率为(

3

A.

32

B. 3 C.

2 D.c

2

3

8.已知实数a,b,c满足

A.(

14

a

2

1

,4]

B

4

.[4,4] C

b

2

1,则ab2bc2ca的取值范围是( )

.[2,4] D

.[1,4]

第Ⅱ卷(非选择题部分

二、填空题:本大题共9.若指数函数_____________. 10.已知圆C:x

2

共110分)

_____________;不等式

7小题,第9至12题,每小题6分,第13至15题,每小题4分,共36分.

f(x)的图像过点

2

(2,4),则f(3)

2

f(x)f(x)

52

的解集为

y2ax4ay5a25

0的圆心在直线l1:x

y2

0上,则a

;圆

C被

直线l2:3x4y50截得的弦长为____________.

;外接球的体积为

3

11. 某多面体的三视图如图所示,则该多面体最长的棱长为12.“斐波那契数列”是数学史上一个著名数列,

]

在斐波那契数列{an}中,

a11,a21,an

2

an

1

an(nN),a7

*

____________;

若a2017

m,则数列{an}的前2015项和是________________(用m表示).

2

正视图

侧视图

x,x

3

0

2

113.已知函数

f(x)

x

1

,若关于x的方程f(x

x

3围是________________.14. 定义:曲线

C上的点到点P的距离的最小值称为曲线

P(a,a)的距离为

322

,则实数a的值为___________.

15.设锐角

的面积为2,边AB,AC的中点分别为uuuruuuurABCu则MBMC

BCuur2

的最小值为_____________.

2x

2

)m有4个不同的实数根,则

的取值范

3

m俯视图

C到点P的距离。已知曲线

(第11题)C:y

1

x

(x0)到点

,E,M为线段DE上的动点,

D瑞安中学2014学年第二学期高二期中考试

数学(实验班)答案

一、选择题:本大题共的.

B D B C D C A C二、填空题:本大题共9.

8小题,每小题

5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求

7小题,第9至12题,每小题6分,第13至15题,每小题4分,共36分.2;8 11. 4;

1

;(1,1) 10.

32 12

.13;m1 13.

(1,

1)(0,) 14.

1或

2683

8

15.23

三、解答题:本大题共5小题,共74分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.

]

16.(Ⅰ)由sinCsin(BA)2sin2A,得sin(BA)sin(BA)22sinAcosA.

即2sinBcosA22sinAcosA.

因为cosA

0,所以sinB

2sinA.

……………3分由正弦定理,得b2a.

故A必为锐角。……………4分

0sinB1,所以0sinA22

.

……………6分因此角

A的取值范围为(0,

4

].

……………8分

(Ⅱ)由(Ⅰ)及a1得b

2.

又因为S3114,所以

21

2sinC

314

.

从而sinC62

4

.因为

C为钝角,故C

712.……………11分

由余弦定理,得c2

12

21

2cos

72

12

1221

2(

64

)23.

故c

62

2

.

……………13分

2

由正弦定理,得

sinA

asinC1

641c

62

2.

2

因此A

6

.

……………15分

17. (Ⅰ)在PBC中,PB

2,PC4,BPC

60,由余弦定理,得

BC23.

经计算,得AC25,AB

22.所以AB

2

BC2

AC2

,故BC

AB.

因为PA平面PBC,所以PA

BC.又因为PAABA,所以BC

…………4分

又因为

BC

平面

ABC,故平面PAB

平面

ABC.

…………… 6分

2

平面

2

.

PABAB的中点F,连结PF.

因为PAPB,所以PFAB.又因为平面PAB平面ABC,平面PAB平面ABCAB,PF平面PAB, 所以PF平面ABC。过F作FGEC于G,连PG,则于是PGF是二面角PECB的平面E A 因此,…………… 10分PGF30.

(Ⅱ)方法1 取又PF由即x

P

G

F

B

C 角,

ECPG.

2,所以FG

FGBC

6.设BEEFEC

x(x22),

EFG~ECB得

2

.因此,

623

xx

2

212

z

P

y

42x80.解得x224.所以BE224.…………… 15分

方法2 建立如图的空间直角坐标系。则C(0,23,0),P(2,0,设BE所

2).

x E

A

B(O)

C

t(t22).则E(t,0,0).

(t,23,0).

ur

平面ECB的法向量为n(0,0,1).1

uur

设n2(x,y,z)为平面PEC的法向量,则

2x23ytxuur可取n2

23y(2,

662z0,t,t

2).0,

uuurCPuuur

(2,23,2),CE

…………… 10分

uruur

因为cosn1,n2

ur

n1ur|n1|uurn2uur|n2|3.2

22

3,2

t122t6

2

2(t

2)

2

即t

42t80.解得t

所以BE224.

18.(Ⅰ)因为焦距为因此2a于是b

4.

…………… 15分

22,所以2c22,c2.

…………… 2分

由椭圆的对称性及已知得

|F1A||F2B|.又因为|F1A|

x

2

|F1B|4,所以|F2B||F1B|4.

4,a2.

y

2

…………… 4分

42(Ⅱ)设B(x0,y0),P(x1,y1),则A(x0,y0).

直线

2.因此椭圆C的方程为

1.

…………… 6分

PA的方程为y

y1

y1x1

y0x0

(x

x1),令x

0,得y

x1y0

x1

x0y1x0

,

故M(0,

x1y0

x0y1x).1

x0同理可得N(0,x1y0

x0y1x).

…………… 9分

1

x0所以kx1y0x0y1

,x1y0x0y11

2(xxk2

1

0)

2(x1

x0).

2222因此

k1x1

y0x0y

11k2

2x21

x

2.0

因为A,B在椭圆C上,所以y2

1

212x2,y

21

0

2

12

x2

0

.

x2(2

12121

0

(22x1

)

故k1k122

x20

)x2

x

21

x

21.

…………… 12分0

所以

|k1k2||k1||k2|2|k1||k2|

2.

…………… 14分

又因为当k1k2时M,N重合,即A,B重合,这与条件不符,所以

k1k2.

因此k1

k2的取值范围是(

,2)(2,

).

…………… 15分

19. (Ⅰ)由an1

2an2n1①

得an

2an12n1(n2)

①—②得an1

an2(an

an1)

2.

即bn

2bn

1

2.…………… 3分

因此,bn2

2(bn1

2).

由①,及a11得a25,于是b14.

因此,{bn2}是以b126为首项,2为公比的等比数列,……………

6分

所以bn

2

62

n1

,即bn

62

n1

2.…………… 7分

(Ⅱ)由(Ⅰ)得

11

bn1

因为

1*),所以对任意正整数nn

622.b0(n

Nn…………… 9分

因为

11

1

1

bn1

n1

n1

n

62

2

522252n1

(n2).……………11分

所以当

n2时,S11L

1111n

bL

11

b2

bn

4

5(12

2

2

2

n1

)

1112(112

n1)1194

5114

5

20

.

…………… 14分

2

n1时,显然有S91

20

.综上,对任意正整数

n,均有

194

Sn

20.

…………… 15分

Sn

S11

b1

14

.

,20.(Ⅰ)若a1

12

,即a

12

当x

[12,1

2]时,f(x)x

2

x1a(x

12

)

2

a

34

f(x)在[11

2,2]上递增;

…………… 2分

若a113

2,即a

2当x[12,1

2]时,f(x)

x

2

x1a(x

12

)

2

a

54

f(x)在[12,1

2

]上递减;

…………… 4分

112

a1

2

,即

12

a

32

(x

1

2

a

5f(x)

2)

4(

12

xa1),(x

12

32

)a4(a1

x

12

),

f(x)在[12,a1]上递减,在[a1,1

2

]上递增. …………… 6分

(Ⅱ)先求使不等式f(x)2|xa|对xR恒成立的a的取值范围.

(1)当xa1时,不等式化为x

2

x1a

2(ax),即x

2

x1a,(x

152

)

2

4

a.

若a1112

,即a2,则a54

矛盾.

若a

1112

,即a

2

2

,则a

(a1)(a1)1,即a

2

2a10,解得a12或

a1

2.所以a12.

…………… 8分

(2)当a1xa时,不等式化为x2

x1a2(ax),即x

2

3x13a,(x

32

)

2

54

3a.

a1

3a即

35312

2

a

1

2

,3a,a5

412

.结合条件,得2

a

2

.若a13即a

12

2

,3a

(a1)2

3(a1)1,即a

2

2a10,解得a1

2或

a

1

2.结合条件及(1),得12

a1

2.

若a

32

,3a

a2

3a1恒成立.

综合得a1

2.

…………… 10分

(3)当x

a时,不等式化为

x

2

x1a2(xa),即x

2

x1a,(x

12

)

2

34

a.得a

a

334

.结合(2)得

4

a12.…………… 12分

34

,即

所以,使不等式

f(x)2|xa|对1

xR恒成立的a的取值范围是

34.

34

a12.

本题所求的a的取值范围是a2或a

…………… 14分

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