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《船舶电气设备及系统》课后习题答案
第1章 电与磁
1-8、交流接触器接到相同电压的直流电源上会出现什么现象？
答：交流接触器因其线圈工作时会感应电势，此电势正常工作时起限流作用，为了使其有足够的吸力，线圈的线阻应较小，因而线径较粗，匝数较少。若将其接到直流电路中，由于不能感应出电势，在相同大小的电压下，将产生非常之大的电流（十几甚或几十倍于额定电流），这将使接触器的线圈立即烧毁。
1-9、交流接触器为什么要用短路环？
答：简单地说，交流接触器用短路环是为了避免衔铁的振动。交流接触器的线圈通过的是交流电流，在铁心中产生的是交变磁通。在一个周期内，交流电流和交变磁通都有两个瞬时值为零的“过零点”。在“过零点”瞬间，铁心产生的电磁吸力为零。而交流接触器的衔铁是靠反力弹簧释放的，工作时衔铁是靠电磁吸力克服反力弹簧作用力而吸合的，因此若不采用短路环，在“过零点”衔铁就会出现振动。短路环是用良导体焊接成的，将铁心的一部分套住。接触器工作时产生的交变磁通也通过被短路环套住的部分铁心，且在短路环中感应电动势，产生电流。短路环中的电流也会产生磁通，而且，接触器线圈产生的磁通为零时（变化率最大），短路环感应的电动势、产生的电流和磁通都达到最大，因此保证接触器线圈电流“过零点”时铁心产生的磁通和吸力不围零，从而避免衔铁的振动。也就是说，交流接触器铁心中的短路环是避免铁心两部分产生的磁通同时为零，从而避免衔铁的振动的。
1-10、交流接触器为什么要用钢片叠成？
答：交流电磁铁工作时，线圈通入的是交流电流，在铁心中产生的是交变磁通，交变磁通会在铁心中产生涡流损耗。为了减少涡流损耗，铁心的应该由片间涂有绝缘材料的硅钢片叠压而成。
1-11、交流接触器铁心卡住为什么会烧毁线圈？（应该说是“衔铁卡住”较合适）
答：交流电磁铁是恒磁通型的，只要电源电压和频率不变，因为U≈E=4.44NfΦ，其磁通基本不变，因此不管衔铁是否吸合，电磁铁产生的吸力基本保持不变。但是，衔铁吸合前，磁路的磁阻大，线圈通过的电流大；衔铁吸合后磁路的磁阻小，线圈通过的电流小（因为磁势IN=磁阻×Φ，Φ不变而磁阻大，I就大；磁阻小，I就小）。若接触器工作时交流电磁铁的衔铁卡住（即不能完全吸合），将使线圈一直保持较大的电流，产生的铜损耗增加，很容易使线圈因过热而烧毁。
第2章 变压器
2-3、额定电压为110/24V变压器，若将原边绕组接于220V交流电源上，其结果如何？若将
220/24V的变压器接于110V交流电源上，其结果又将如何？
答：若将110/24V变压器的原边绕组接于220V交流电源上，由于这时原边电压增加一倍，由于U≈E=4.44NfΦ∝Φ，就要求磁路的磁通也增加一倍。但一般变压器设计时都让其铁心工作在半饱和区，在半饱和区再使磁通增加一倍，则励磁电流（空载电流）将大大增加，使绕组的铜耗和铁心损耗大大增加，变压器将很快烧毁。
若将220/24V的变压器接于110V交流电源上，磁路的磁通减少，对于变压器运行没有什么不良影响。只是此时磁路完全不饱和，变压器铁心的利用率降低而已。同时，变压器副边输出电压减小为12V，不能满足原来负载的要求。 更多精品文档
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2-6、变压器负载运行时引起副边电压变化的原因是什么？副边电压变化率的大小与这些因
素有何关系？当副边带什么性质负载时有可能使电压变化率为零？ 答：①变压器负载运行，引起副边端电压变化的原因有：短路阻抗，负载的大小和性质。②相同负载时，变压器短路阻抗值越大，其输出电压变化越大。③短路阻抗一定、负载的功率因数保持不变时，负载越大（负载阻抗值小、电流大），变压器的输出电压变化越大。④负载的性质主要指负载是感性、容性和电阻性。一般而言，若忽略变压器绕组的电阻压降，从变压器负载相量图（题图2-6）可见，电感性负载电流具有去磁性质，对变压器副边电压变化率起增大的作用。电容性负载电流具有增磁作用（或者说容性负载电流在变压器的漏抗上产生了负的压降值），其作用的体现是使副边电压升高。若负载容抗大于变压器漏抗，
容性负载将使电压变化率减小；若负载容抗等于变压器漏抗，
题图2-6 负载相量图
容性负载将使电压变化率为零；若负载容抗小于变压器漏抗，容性负载将使电压变化率变为负值。也就是说，当副边带电容性负载时有可能使电压变化率为零。
简单地说，①变压器负载运行，引起副边端电压变化的原因有：短路阻抗，负载的大小和性质。②短路阻抗的大，负载的大，副边电压变化率就大。③当副边带电容性负载时有可能使电压变化率为零。
2-10、在使用电压互感器及电流互感器时，各应注意什么？为什么？
答：⑴电压互感器使用时应注意：①副边绕组不许短路。这是因为电压互感器正常运行时，负载接电压表，阻抗很大，接近于空载运行。如果副边绕组短路，则变成短路运行，电流从空载电流变成短路电流，造成原副边绕组电流均变得很大，会使互感器绕组过热而烧毁。②铁心和副边绕组的一端必须可靠接地。这是因为电压互感器的原边所接电压都是高电压，为了避免由于绝缘老化或损坏造成漏电，危及副绕组所连接的设备甚至人身安全。③副边所带的负载阻抗不能低于额定负载阻抗。否则，负载电流引起的电压变化率将超过允许值，互感器的精度将受到影响。
⑵电流互感器使用时应注意：①副边绕组不许开路。这是因为电流互感器正常运行时，相当于变压器工作在短路状态，原副边磁动势处于平衡状态，磁场很弱。若副边开路，原边电流完全用于励磁，磁场变得很强，将在副边感应出很高的电压，将击穿绝缘，危及人身及设备安全。即使不会损伤绝缘，强大的励磁磁场也会使磁路严重饱和，铁心严重磁化，从而导致电流互感器报废。②铁心和副边绕组的一端必须可靠接地。这是因为电流互感器的原边所接电路通常又是高电压的电路，为了避免由于绝缘老化或损坏造成漏电，危及副绕组所连接的设备甚至人身安全。③副边所带的负载阻抗不能高于额定负载阻抗，否则也将影响互感器的测量精度。
2-11、一台三相变压器，额定容量为SN=400kVA，额定电压为U1/U2=36000/6000V，Y/△连
接。试求：(1)原、副边额定电流；(2)在额定工作情况下，原、副边绕组中的电流；(3)已知原边绕组匝数N1=600，问副边绕组匝数N2为多少？
解：(1)原、副边额定电流：由于额定电流、额定电压分别为线电流、线电压，因此： I1N=SN/(3U1N)=400000/(3×36000)=6.415(A)
I2N=SN/(3U2N)=400000/(3×6000)=38.49(A)
(2)在额定工作情况下，原、副边绕组中的电流：设，I1P、I2P分别为额定工作情况下原、副边绕组中的电流。对于Y/△连接的变压器，原边Y连接有： I1P=I1N=6.415(A) 副边△连接有：
I2P=I2N/3=38.49/3=22.22(A)
(3)求副边绕组匝数N2：因为I2/I1=N1/N2，因此： 更多精品文档
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N2=N1I1P/I2P=600×6.415/22.22≈173(匝)
答：(1)原、副边额定电流分别为6.415A和38.49A；(2)在额定工作情况下，原、副边绕组中的电流分别为6.415A和22.22 A；(3) 原边绕组匝数N1=600匝时，副边绕组匝数N2约为173匝。
2-12、一台三相变压器，其额定值为SN=1800kVA，U1/U2=6300/3150，Y/△连接，绕组铜损
与铁损之和为（6.6+21.2）kW，求：当输出电流为额定值、负载功率因数cos?=0.8时的效率。 解：(1)额定输出电流：I2 N=SN/(3U2N)=1800/(3×3.15)=329.9(A)
(2)输出电流为额定值、负载功率因数cos?=0.8时，副边输出的有功功率P2N： P2N=SN×cos?=1800×0.8=1440kW
(3)输出电流为额定值、负载功率因数cos?=0.8时的效率?：
?=P2/P1×100%=P2/(P2+pFe+pcu)×100%=1440/(1440+6.6+21.2)×100%=98.1﹪ 答：当输出电流为额定值、负载功率因数cos?=0.8时的效率约为98.1﹪。
第3章 异步电动机
3-6、异步电动机定子绕组与转子绕组没有直接的电气联系，为什么负载增加时，定子电流
和输入功率会自动增加，试说明其物理过程。从空载到满载电机主磁通有无变化？ 答：异步电动机的相量图与变压器相似，由相量图可见，转子电流具有去磁性质。由转子电流公式或等效电路中转子等效电阻r?2/s可知：当负载增加时，转子电流将增大。而转子电流的去磁性质将使主磁通出现下降的趋势，定子绕组感应的电势也将出现减少的趋势。当电源电压不变时，定子绕组的电流将自动增加，以补偿转子电流的去磁作用。因此，负载增加时，定子电流和输入功率会自动增加。 由于定子绕组的电阻和漏抗都较小，从异步电动机定子回路的电压平衡方程式可知，定子电压U1约等于定子绕组感应的电势U1≈E1=4.44kwfΦm。因此，从空载到满载，若不考虑定子漏阻抗影响，异步电机的主磁通基本不变。若考虑定子漏阻抗影响，则主磁通略有减少。
3-7、三相异步电动机正常运行时，如果转子突然被卡住而不能转动，试问这时电动机的电
流有无变化？对电动机有何影响？
答：如果转子突然卡住，转子感应电动势将突然增大，致使转子电流突然增大，产生较大的电流冲击和机械力矩的冲击。而根据磁势平衡关系知，转子电流增大定子电流也将增加，电机定、转子绕组的铜损耗增加，时间稍长绕组将过热，若保护装置不动作则可能烧毁绕组。 3-10、异步电动机带额定负载运行时，若电源电压下降过多，会产生什么后果？试说明其原
因。如果电源电压下降20%，对异步电动机的最大转矩、起动转矩、功率因数等各有何影响？
答：⑴异步电动机带额定负载运行时，若电源电压下降过多，将使定、转子电流都将增大较多，电机的铜损耗增加较多，可能使电机出现过热现象，从而加速绕组绝缘的老化，甚至烧毁。这是因为异步电动机产生的电磁转矩与电源电压的平方成正比，电压下降电机产生的电磁转矩减小，在额定负载小运行时转子转速将明显下降，转差率将增加较多。从转子电流计算公式看，转子电流增大较多，同时引起定子电流有较大的增加。
⑵由于异步电动机的最大转矩和起动转矩都与电源电压的平方成正比，电源电压下降20%，即电源电压为原来的0.8，因此异步电动机的最大转矩和起动转矩都为额定电压时的0.64，即下降了36%。
⑶根据前面的分析，电压下降，转差率增加，转子回路的等效电阻r′2/s减小，转子电路的功率因数cos?2=(r′2/s)/[x′22+(r′2/s)2]将减小。而带额定负载时定子电流主要成分是转子电流分量，励磁电流分量所占的比例较小，cos?2减小则定子电路的功率因数cos?1也将比额定电压时对应的数值有所减小。
3-19、有一台三相异步电动机，nN=1470r/min，f=50Hz。分别在n=0、n=2n0/3、s=0.02三种更多精品文档
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情况下，求：
(1)定子旋转磁场对定子的转速； (2)定子旋转磁场对转子的转速； (3)转子旋转磁场对转子的转速； (4)转子旋转磁场对定子的转速；
(5)转子旋转磁场对定子旋转磁场的转速。
答：计算交流绕组产生旋转磁场相对绕组本身转速的公式为：n0=60f/p。为了计算旋转磁场的转速，应该先求该三相异步电动机的极对数p。根据nN=1470r/min，f=50Hz，则可求出该三相异步电动机的极对数p=2（方法参见3-16题和3-17题）。
⑴由于定子绕组产生的旋转磁场的转速与转子是否转动及转速多少无关，且定子旋转磁场是三相定子交流绕组产生的，三相交流绕组通过的是f=50Hz的三相交流电，因此定子旋转磁场对定子的转速为：n1=60f/p=60×50/2=3000/2=1500r/min。
⑵定子旋转磁场对转子的转速n12等于定子旋转磁场对定子的转速n1减去转子对定子的转速n，因此，当n=0、n=2n0/3[n=2n0/3=1000 r/min]、s=0.02[n=n0(1-s)=1500×0.98=1470 r/min]时，定子旋转磁场对转子的转速n12分别为：①n=0时，n12=n1-n=n0-n=1500r/min；②n=1000r/min时，n12=n1-n=n0-n=1500-1000=500r/min；③n=1470r/min时，n12=n1-n=n0-n =1500-1470=30r/min。
⑶转子旋转磁场是转子绕组的交流电流产生的，由于转子电流的频率随转子的转速不同而不同，因此应先求出不同转速时转子电流频率。根据f2=sf1，可以求出在n=0、n=2n0/3、s=0.02时转子电流频率分别为：n=0时f2=50Hz、n=2n0/3时f2=50/3Hz、s=0.02时f2=1Hz。再根据公式n2=60f2/p，就可分别求出在n=0、n=2n0/3、s=0.02三种情况下转子旋转磁场对转子的转速分别为：①n2=60f2/p=1500r/min、②n2=500r/min、③n2=30r/min。
⑷转子旋转磁场对定子的转速n21等于转子旋转磁场对转子的转速n2加上转子（对定子的）转速n。对于题目给出的三种情况，n分别为0、1000r/min和1470 r/min。因此，在三种情况时转子旋转磁场对定子的转速n21=n2+n分别为：①n21=n2+n=1500+0=1500r/min、②n21=n2+n=1000+500=1500r/min、③n21=n2+n=1470+30=1500r/min。由此可见，转子旋转磁场对定子的转速n21也与转子是否转动及转速多少无关，即与定子旋转磁场对定子的转速相等。
⑸比较⑴和⑷的计算结果可以得出：转子绕组产生的旋转磁场与定子绕组产生的旋转磁场在空间相对静止。即，转子旋转磁场对定子旋转磁场的转速都等于0。
3-20、一台三相异步电动机PN=30kW，UN=380V，IN=57.5A，f=50Hz，sN=0.02，?=90%，
p=2，三角形接法，试求：
(1)定子旋转磁场对转子的转速； (2)额定输出转矩及功率因数。
解：⑴求定子旋转磁场对转子的转速n12：
由于n0=60f/p=60×50/2=3000/2=1500r/min，nN=(1-sN)n0=(1-0.02)1500=0.98×1500=1470r/min，而定子旋转磁场对转子的转速n12为： n12N=n0-nN=1500-1470=30(r/min) ⑵求额定输出转矩T2N为：
T2N=PN/?N=(60×PN)/(2?×nN)≈9.55×PN/nN=9.55×30000/1470=194.88(N·m) ⑶求额定功率因数cos?为：
cos?=P1N/(3UNIN)=P2N/(?3UNIN)=30000/(0.9×3×380×57.5)=0.88
答：⑴定子旋转磁场对转子的转速是30r/min。⑵额定输出转矩为194.88 N·m，功率因数为0.88。
3-21、一台三相异步电动机已知如下数据：PN=2.2kW，UN=380V，nN=1420r/min，cos?=0.82，
?=81%，电源频率f=50Hz，星形接法。试计算：
(1)定子绕组中的相电流Ip，电动机的额定电流IN及额定转矩TN； (2)额定转差率sN及额定负载时的转子电流频率f2。
解：⑴定子绕组中的相电流Ip，电动机的额定电流IN及额定转矩TN： 更多精品文档
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SN=PN/(?×cos?)=2200/(0.81×0.82)≈3312(kVA)
IN=SN/(3UN)=3312/(3×380)=5(A)；∵星形接法，∴Ip=IN=5(A)
TN=PN/?N=(60×PN)/(2?×nN)≈9.55×PN/nN=9.55×2200/1420=14.79(N·m)
⑵额定转差率sN及额定负载时的转子电流频率f2：根据nN=1420r/min，f=50Hz，则可求出该电动机理想空载转速n0=1500r/min，极对数p=2（方法参见3-16题和3-17题）。 sN=(n0-n)/n0=(1500-1420)/1500=0.0533 f2=sN×f=0.0533×50=2.67(Hz)
答：⑴定子绕组中的相电流Ip和电动机的额定电流IN都约为5A，额定转矩TN为14.79 N·m；⑵额定转差率sN为0.0533，额定负载时的转子电流频率f2为2.67Hz。
3-22、一台三相四极鼠笼式异步电动机，已知其额定数据如下：PN=5.5kW，UN=380V，
nN=1440r/min，cos?=0.84，?=85.5%，过载系数?=2.2，起动转矩倍数kT=2.2，Ist/IN=7，电源频率f=50Hz，星形接法。试计算：额定状态下的转差率sN、电流IN和转矩TN，以及起动电流Ist、起动转矩Tst、最大转矩Tmax。
解：由于是三相四极电机，极对数p=2。n0=60f/p=3000/2 =1500r/min，所以： ①额定转差率sN为：sN=(n0-n)/n0=(1500-1440)/1500=0.04
②额定电流IN为：IN=PN/(3UN×?×cos?)=5500/(3×380×0.855×0.84)=11.64(A) ③额定转矩TN为：TN=9.55×PN/nN=9.55×5500/1440=36.47(N·m) ④起动电流Ist为：Ist=7×IN=81.45(A)
⑤起动转矩Tst为：Tst=kT×TN=2.2×36.47=80.24(N·m) ⑥最大转矩Tmax为：Tmax=?×TN=2.2×36.47=80.24(N·m)
答：额定转差率sN为0.04，额定电流IN为11.64A，额定转矩TN为36.47N·m，起动电流Ist为81.45A，起动转矩Tst和最大转矩Tmax都为80.24N·m。 【说明】：⑴由于题目看，该电机应该是起重用电机（起动转矩较大，一般kT为1.8～2.0TN）；⑵本题可能是作者笔误或印刷错误。一般起重用三相交流异步电动机的起动转矩较大，但也不会与其最大转矩一样大。因此，题目中的“过载系数?=Tmax/TN=2.2，起动转矩倍数kT=Tst/TN=2.2”可能有误，最大可能是kT=Tst/TN=2。
第4章 同步电机
4-4、同步发电机在三相对称负载下稳定运行时，电枢电流产生的旋转磁场是否与励磁绕组
交链？它会在励磁绕组中感应电动势吗？
答：同步发电机电枢电流产生的磁场是与励磁绕组交链的。由于发电机稳定运行时，两个磁场的转速相同，虽然电枢磁场与励磁绕组交链，但交链的磁通不变化，所以不会在励磁绕组产生感应电动势。
4-5、同步发电机在对称负载下运行时，气隙磁场由哪些磁势建立，它们各有什么特点？ 答：转子直流励磁磁动势（机械旋转磁场磁动势）和电枢磁动势（电气旋转磁场磁动势），两个磁动势在气隙中叠加，形成新的气隙磁动势（合成磁动势）。 励磁磁动势是由直流励磁电流产生的，与转子没有任何相对运动，其磁通路径与磁极的轴线重合，主要是铁磁材料构成，磁路的磁阻相对较小。
电枢磁动势是由发电机负载后电枢绕组的交流电流产生的，虽然稳定运行时与转子也没有相对运动，但一般磁通路径不能保证与磁极的轴线重合，即存在一定的夹角。而且随着负载性质的不同，这个夹角也会发生变化。因此，分析电枢磁动势的作用时，不能简单地以其磁路参数进行分析，而应该将其分解成直轴和交轴两个方向上的磁通分量，然后再分别进行分析。
4-6、什么是同步发电机电枢反应？电枢反应的效应由什么决定？
答：同步发电机负载时，三相电枢绕组流过三相对称电流，产生电枢旋转磁场，使气隙更多精品文档
船舶电气设备及系统(1-5章)复习思考题作业复习过程
