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A． B． C．
D．
【分析】由题意可知，各病床的灯互不影响，故为并联，并且各支路灯泡都有相应的开关控制。由于每位病人按下床头开关后，值班室的电铃响，故电铃在干路上。
【解答】解：
按下病人床头开关，对应的指示灯亮，说明各病床的灯互不影响，则对应病床的灯应并联在电路中；而开关要控制指示灯，因此各开关和被控制的指示灯串联； 按下开关后，指示灯亮的同时，电铃也响，只需要一个电铃即可，因此电铃应串联在干路中；故D符合题意，ABC不符合题意。 故选：D。
【点评】本题考查电路的设计，关键是根据题意得出灯泡和电铃的连接方式和根据开关的作用判断其位置。
10．（3分）能说明发电机工作原理的是（ ）
A． B． C．
D．
【分析】（1）磁极间的作用：同名磁极相斥，异名磁极相互吸引；
（2）电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电线圈在磁场中受力转动； （3）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；
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（4）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场。 【解答】解：A、图示是磁极间的相互作用，故A不符合题意；
B、图中有电源，演示的是磁场对电流的作用，是电动机的工作原理，故B不符合题意；
C、图中没有电源，是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C符合题意； D、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故D不符合题意。 故选：C。
【点评】本题中学生不容易区分的是电动机和发电机的工作原理图，注意含电源的是电动机，不含电源的是发电机。
11．（3分）下列做法符合安全用电要求的是（ ） A．用湿布清洁正在工作的灯具 B．发生触电，立即切断电源
C．三角插头最长的脚折弯后，插在两孔插座上使用 D．使用验电笔，手不接触笔尾的金属体
【分析】（1）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电； （2）发现有人触电时，应立即切断电源；
（3）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全；
（4）使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体，但要接触笔尾的金属体。 【解答】解：A、水是电的导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故A错误；
B、发现有人触电时，应立即切断电源再施救，故B正确；
C、电风扇三角插头最长脚折弯后，插在两空插座上使用，没有接地功能，用电器外壳带电，会危及人身安全，故C错误；
D、使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体，但要接触笔尾的金属体，故D错误。 故选：B。
【点评】本题考查了家庭电路中的一些安全用电的常识，这些知识对我们的生活
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同样具有很强的现实意义，是我们应该熟知，并应在生活中严格遵守的。
12．（3分）如图，电源电压恒为4.5V，?的量程为“0～0.6A”，?的量程为“0～3V“，灯泡上标有“2.5V 1.25W”（不考虑灯丝电阻变化），滑动变阻器R的规格为“20Ω 1A”。闭合开关，在保证电路安全的情况下，移动滑片P的过程中（ ）
A．?的示数最大为0.6A B．灯泡消耗的最小功率为0.12W C．电路消耗的最大总功率为2.7W D．滑动变阻器接入电路的最小电阻为4Ω
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路消耗的最大电功率；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出灯泡消耗的最小功率。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由P=UI可得，灯泡的额定电流： IL=
=
=0.5A，故A错误；
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
. . .
.
所以，电路中的最大电流I大=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，
由I=可得，灯泡的电阻和电路的总电阻分别为： RL=
=
=5Ω，R总=
=
=9Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值： R小=R总﹣RL=9Ω﹣5Ω=4Ω，故D正确； 电路消耗的最大总功率：
P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故C错误；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电路的最小电流： I小=
=
=0.18A，
则灯泡消耗的最小功率：
PL小=I小2RL=（0.18A）2×5Ω=0.162W，故B错误。 故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路中的最大电流和最小电流是关键。
二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共16分）
13．（4分）用不计绳重和摩擦的滑轮组把重为720N的货物匀速提高10m，所做的总功为12000J，此时滑轮组的机械效率为 60% ；用该滑轮组提升更重的物体，机械效率会 变大 （选填“变小”、“不变”或“变大”）。
【分析】知道物体重和提升的高度，利用W=Gh求有用功，又知道总功，利用效率公式求滑轮组的机械效率；用同一个滑轮组提升物体时，物重越大，效率越高。 【解答】解：
有用功：W有用=Gh=720N×10m=7200J；
. . .
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已知所做的总功：W总=12000J； 则滑轮组的机械效率为：η=
=
×100%=60%；
用该滑轮组提升更重的物体，在提升高度相同时，由于物重增大，则有用功增大，而额外功几乎不变，所以有用功在总功中所占的比例变大，机械效率会变大。 故答案为：60%；变大。
【点评】本题考查了学生对有用功、总功、机械效率的了解与掌握，属于基础题目。
14．（4分）如图，质地均匀的长方体重7N，放在水平桌面上，它与桌子的接触面积为0.01m2，则它对桌面的压强为 700 Pa：竖直切除该物体右边的阴影部分，剩余部分对桌面的压强会 变小 （选填“变小”、“不变”或“变大”）。
【分析】（1）该物体对桌面的压力和自身的重力相等，根据题意求出物体与桌面的接触面积即为受力面积，根据p=求出该物体对桌面的压强； （2）将阴影部分切除，根据p=可知剩余部分对桌面的压强变化。 【解答】解：长方体对桌面的压力为：F=G=7N； 长方体对桌面的压强为：p==
=700Pa；
，因为S′
设长方体的底面积为S，没切除时，长方体对桌面的压强：p==＜S，所以
＞①；
当竖直切除该物体右边的阴影部分，设剩余部分的重力为kG，则受力面积为kS，物体对桌面的压力F′=G′=kG，则剩余部分对桌面的压强为： p′=
=
=②；
由①②可知，剩余部分对桌面的压强会变小。 故答案为：700；变小。
【点评】本题主要考查了固体压强的计算及大小分析，解决此题的关键是利用好
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2018年湖南省岳阳市中考物理试卷（含答案）
