（1）实验中所用定值电阻应选__（填“E”或“F”）．
（2）根据图甲电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整______．
（3）某次实验时，电压表示数指针位置如图丙所示，则电压表读数是__V；元件两端电压是__V． （4）通过实验数据描绘出该元件的伏安特性曲线如图丁所示，若把该元件与电动势为4.5V，内阻为1.5Ω的电源相连接，则此时该元件的电阻值约为__Ω．（计算结果保留2位有效数字） 四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分
19．（6分） (本题9分)如图所示，竖直平面内半径R=0.4m的光滑半圆形轨道BCD，与倾角为37°的斜面在B点处圆滑连接。A、D两点等高，在A处固定一弹射器。质量m=0.2kg的小物块（可看作质点）从弹射器弹出后，沿动摩擦因数μ=0.3的斜面下滑，然后通过半圆形轨道从D点水平飞出，小物块从D点飞出后落在斜面上的点离B点的距离为l=1m，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.1．求：
⑴小物块在D点水平飞出时速度大小； ⑵小物块通过D点时轨道对其作用力大小；
⑶小物块被弹射器弹出过程中，弹射器释放的弹性势能。（小物块被弹开过程的位移可忽略不计） 20．（6分） (本题9分)如图，在xOy平而内，x=0与x=3L两直线之间存在两匀强磁场，磁感应强度大小相同，方向均垂直于xOy平面，x轴为两磁场的分界线；在第I象限内存在沿y轴负方向、场强大小为E的匀强电场。一质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子从x轴上的A点以某一初速度射入电场，一段时间后，该粒子运动到y轴上的P（0，（1）求A点的坐标；
（2）若粒子能从磁场右边界离开，求磁感应强度的取值范围； （3）若粒子能从O'（3L，0）点离开，求磁感应强度的可能取值。
L）点，以速度v0垂直于y轴方向进入磁场。不计粒子的重力。 2
21．（6分） (本题9分)已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，不考虑地球自转的影响． （1）推导第一宇宙速度v1的表达式；
（2）若卫星绕地球做匀速圆周运动，运行轨道距离地面高度为h，求卫星的运行周期T．
22．（8分） (本题9分)一宇航员在某未知星球的表面上做平抛运动实验：在离地面h高处让小球以某一初速度水平抛出，他测出小球落地点与抛出点的水平距离为x和落地时间t，又已知该星球的半径为R，己知万有引力常量为G，求： （1）小球抛出的初速度vo （2）该星球表面的重力加速度g （3）该星球的质量M
（4）该星球的第一宇宙速度v（最后结果必须用题中己知物理量表示）
参考答案
一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的 1．C
【解析】A项：由牛顿第三定律可知，火箭对燃气的作用于力与燃气对火箭的推进力为一对相互作用力，所以大小相等，故A错误；
B项：由于火箭向上加速，所以燃气对火箭的推进力大于火箭的重力，故B错误；
C、D项：火箭点火升空瞬间由于推动力作用，火箭立刻获得加速度，但是由于“瞬间”这个时间很小接近于零，由v=at，故火箭的速度很小，故可知火箭的速度很小，加速度很大，故C正确，D错误。 点晴：掌握好“瞬间”的含义，此时间很多时候可以认为是零；其次要知道物体速度变化量是加速度在时间上的积累。 2．C 【解析】 【详解】
人在秋千上越荡越高，说明系统机械能增加； A. 系统的机械能不变，与结论不相符，选项A错误；
B. 系统的机械能减小，与结论不相符，选项B错误； C. 系统的机械能增大，与结论相符，选项C正确；
D. 系统的机械能变化无法确定，与结论不相符，选项D错误。 3．B 【解析】
由题意可知，最大静摩擦力为重力的k倍，所以最大静摩擦力等于kmg 设运动员的最大的速度为V，则：
v2kmg?m
R解得：v?kgR，故应选B．
点晴：运动员在水平面上做圆周运动的向心力是由运动员受到的冰给运动员的最大静摩擦力提供的，根据向心力的公式可以计算出此时的最大速度． 4．B
【解析】电场线的疏密程度表示电场强度大小，故从A到B过程中电场线先变疏后变密，即电场强度先减小后增大，所以电场力先减小后增大，从C到D过程中电场线先变密后变疏，故电场力先增大后减小，A错误B正确；由于不知道电场方向以及运动电荷的电性，所以无法判断电势能变化，CD错误． 5．A 【解析】
GMgRGmMv22v?GM?gR试题分析：根据万有引力提供向心力可知，且，所以答案为 ?mrr2r2考点：万有引力提供向心力
点评：本题考查了万有引力提供向心力的常见公式的推导和理解。 6．D 【解析】 【详解】
A.匀速圆周运动转动一圈的时间叫做周期，是不变的，故A不符合题意； B.匀速圆周运动的频率不变，故B不符合题意；
C.匀速圆周运动的角速度的大小和方向都不变，故C不符合题意；
D.匀速圆周运动的线速度大小不变，方向变化，是变速运动，故D符合题意. 7．D 【解析】
a= 根据P=Fv知，因为速度增大，则牵引力减小，故A错误；汽车的牵引力减小，根据牛顿第二定律得：
F?fm知，加速度减小，汽车做加速度减小的加速运动．故BC错误；因为功率不变，牵引力逐渐减小，汽车做
v＞加速度逐渐减小的加速运动，所以汽车的平均速度： 50×200=10000m=10km．故D正确．故选D．
vm100＝＝50m/s；则汽车的总位移：x=vt＞22点睛：解决本题的关键会根据物体的受力判断物体的运动规律，汽车以恒定功率启动，先做加速度逐渐减小的加速运动，加速度减小到零后，做匀速直线运动． 8．B 【解析】 【详解】
2g火M火R地M行mGM行ag==在行星表面有：mg行= G，行星表面的重力加速度，则有：，在火行=2gR火M地b2R2R2v2b2v2=星的表面上以初速度v竖直上抛小球，小球在火星上上升的最大高度h=，故B正确，ACD错2g火2ag误． 9．D 【解析】 【分析】 【详解】
A．在A点时，人的速度为零，向心力为零，即沿绳子方向的合力为零，人所受的合力等于重力沿圆弧切向分力，不为零，故A错误；
B．在B点时，人的加速度方向竖直向上，处于超重状态，故B错误； C．从A点运动到B点的过程中，人的速度逐渐增大，根据??
v
可知人的角速度逐渐增大，故C错误； r
mv2D．从A点运动到B点的过程中，人的速度逐渐增大，根据F?可知人所受的向心力逐渐增大，故D
r正确； 故选D。 10．D 【解析】 【详解】
A.由速度时间图象可知，在1-2s内，物体处于静止状态，F不做功，在2-6内，物体做匀加速直线运动，F1=6N，位移
1x1??4?4m?8m
2所以力F做的功 W1=F1x1=6×8=48J
6-8s内做匀速运动，F2=4N，位移 x2=2×4=8m 所以力F做的功 W2=F2x2=4×8=32J
8-11s内做匀减速运动，拉力等于零，没有做功，所以1-11s内水平力F做的功为 W=W1+W2=48+32=81J 故A项错误；
BCD.在11s内物体的动能变化量为零，根据动能定理知，合力做功为1．则摩擦力做功 Wf=-W=-81J
所以1-11s内克服摩擦力做的功为81J，故BC项错误，D项正确。
二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分 11．AB 【解析】 【详解】
A.甲、乙两物体做自由落体运动，加速度都为重力加速度，相同，故A项符合题意.
B.根据v2＝2gh，末速度为v?2gh，故甲乙两物体的着地速度之比为1：2，故B项符合题意. C.根据h?12
gt,得t?22h，故甲乙两物体的下落时间之比为1：2，故C项不合题意. gD.都做自由落体运动，则平均速度都是末速度的一半，甲乙两物体的着地速度之比为1：2，所以两物体从下落到着地的过程中的平均速度之比也是1：2，故D项不合题意. 12．BC 【解析】 【详解】
AB.重球接触弹簧开始，弹簧的弹力先小于重力，小球的合力向下，向下做加速度逐渐减小的加速运动，运动到b位置时，合力为零，加速度为零，速度达到最大；然后合力方向向上，向下做加速度逐渐增大的减速运动，运动到最低点时，速度为零，所以小球由a到d的过程中，重球先加速运动，后作减速运动，b处获得最大速度，故选项A不合题意，选项B符合题意； C.对重球a到d运用动能定理，有 mghad+W弹=0-mva2
对重球c到a运用动能定理，有
【3份试卷合集】贵州省六盘水市2019-2020学年物理高一下期末监测模拟试题
