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北京力迈外国语学校数学轴对称填空选择达标检测(Word版 含解析)

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?AD?AD???EAD??CAD ?AC?AE?∴△ACD≌△AED(SAS) ∴DE=DC,

在△EBD中,BE<BD+DE, ∴AB+AC<DB+DC 故选:D. 【点睛】

本题主要考查三角形全等的证明,全等三角形的性质,三角形的三边关系,作辅助线构造以AB、AC、DB、DC的长度为边的三角形是解题的关键,也是解本题的难点.

17.已知等边三角形ABC的边长为12,点P为AC上一点,点D在CB的延长线上,且BD=AP,连接PD交AB于点E,PE⊥AB于点F,则线段EF的长为( )

A.6 C.4.5 【答案】A 【解析】 【分析】

B.5

D.与AP的长度有关

作DQ⊥AB,交直线AB的延长线于点Q,连接DE,PQ,根据全等三角形的判定定理得出△APE≌△BDQ,再由AE=BQ,PE=QD且PE∥QD,可知四边形PEDQ是平行四边形,进而可得出EF=【详解】

解;如图,作DQ⊥AB,交AB的延长线于点F,连接DE,PQ,

1AB,由等边△ABC的边长为12可得出DE=6. 2

又∵PE⊥AB于E, ∴∠BQD=∠AEP=90°, ∵△ABC是等边三角形, ∴∠A=∠ABC=∠DBQ=60°, 在△APE和△BDQ中,

??A??DBQ???AEP??BQD, ?AP?BD?∴△APE≌△BDQ(AAS), ∴AE=BQ,PE=QD且PE∥QD, ∴四边形PEDQ是平行四边形, ∴EF=

1EQ, 21AB, 2∵EB+AE=BE+BQ=AB, ∴EF=

又∵等边△ABC的边长为12, ∴EF=6. 故选:A. 【点睛】

本题主要考查全等三角形的判定与性质,平行四边形的判定与性质,解此题的关键在于根据题中PE⊥AB作辅助线构成全等的三角形.

18.如图,

,连接EF、BF则下列结论:

,点D、E为BC边上的两点,且

,其中正确的有( )个.

A.1 【答案】D 【解析】 【分析】

B.2 C.3 D.4

根据∠DAF=90°,∠DAE=45°,得出∠FAE=45°,利用SAS证明△AED≌△AEF,判定①正确;

由△AED≌△AEF得AF=AD,由用SAS证明

,判定②正确;

,得∠FAB=∠CAD,又AB=AC, 利

先由∠BAC=∠DAF=90°,得出∠CAD=∠BAF,再利用SAS证明△ACD≌△ABF,得出CD=BF,又①知DE=EF,那么在△BEF中根据三角形两边之和大于第三边可得BE+BF>EF,等量代换后判定③正确;

先由△ACD≌△ABF,得出∠C=∠ABF=45°,进而得出∠EBF=90°,判定④正确. 【详解】

?解:①∵∠DAF=90°,∠DAE=45°, ∴∠FAE=∠DAF-∠DAE=45°. 在△AED与△AEF中,

∴△AED≌△AEF(SAS),①正确; ②∵△AED≌△AEF, ∴AF=AD, ∵

∴∠FAB=∠CAD, ∵AB=AC, ∴

,②正确;

③∵∠BAC=∠DAF=90°,

∴∠BAC-∠BAD=∠DAF-∠BAD,即∠CAD=∠BAF. 在△ACD与△ABF中,

∴△ACD≌△ABF(SAS), ∴CD=BF,

由①知△AED≌△AEF,

,

∴DE=EF.

在△BEF中,∵BE+BF>EF, ∴BE+DC>DE,③正确; ④由③知△ACD≌△ABF, ∴∠C=∠ABF=45°, ∵∠ABE=45°,

∴∠EBF=∠ABE+∠ABF=90°.④正确. 故答案为D. 【点睛】

本题考查了勾股定理,全等三角形的判定与性质,等腰直角直角三角形的性质,三角形三边关系定理,相似三角形的判定,此题涉及的知识面比较广,解题时要注意仔细分析,有一定难度.

19.已知△A1B1C1,△A1B2C2的周长相等,现有两个判断:①若

A1B1?A2B2,A1C1?A2C2,则△A1B1C1≌△A2B2C2;②若?A1=?A2,A1C1=A2C2,则△A1B1C1≌△A2B2C2,对于上述的两个判断,下列说法正确的是( )

A.①,②都正确 C.①错误,②正确 【答案】A 【解析】 【分析】

根据SSS即可推出△A1B1C1?△A2B2C2,判断①正确;根据相似三角形的性质和判定和全等三角形的判定推出即可. 【详解】 解:①

△A1B1C1,△A2B2C2的周长相等,A1B1B.①,②都错误 D.①正确,②错误

?A2B2,AC11?A2C2,

?B1C1?B2C2,

?△A1B1C1?△A2B2C2(SSS), ?①正确;

②如图,延长A1B1到D1,使B1D1?B1C1,,延长A2B2到D2,使B2D2?B2C2,

∴A1D1?A1B1?B1C1,A2D2?A2B2?B2C2, ∵△A1B1C1,△A1B2C2的周长相等,A1C1=A2C2

∴A1D1?A2D2, 在△A1B1D1和△A2B2D2中

?A1D1?A2D2???A1=?A2, ?AC=AC?1122∴ △A1B1D1?△A2B2D2(SAS) ∴?D1=?D2,

∵B1D1?B1C1,B2D2?B2C2 ∴?D1=?D1C1B1,?D2=?D2C2B2,

又∵?A1B1C1=?D1??D1C1B1,?A2B2C2=?D2??D2C2B2, ∴?A1B1C1=?A2B2C2=2?D1, 在△A1B1C1和△A2B2C2中

??A1B1C1=?A2B2C2?, ??A1=?A2?AC=AC?1122?△A1B1C1?△A2B2C2(AAS),

?②正确;

综上所述:①,②都正确. 故选:A. 【点睛】

本题考查了全等三角形的判定、等腰三角形的性质,能构造全等三角形、综合运用定理进行推理是解此题的关键,注意:全等三角形的判定定理有SAS,ASA,AAS,SSS,而

AAA和SSA不能判断两三角形全等.

20.如图,( )①

与;②

都是等边三角形,

;③

,下列结论中,正确的个数是;④若

,且

,则

A.1 【答案】C 【解析】 【分析】

B.2 C.3 D.4

利用全等三角形的判定和性质一一判断即可.

北京力迈外国语学校数学轴对称填空选择达标检测(Word版 含解析)

?AD?AD???EAD??CAD?AC?AE?∴△ACD≌△AED(SAS)∴DE=DC,在△EBD中,BE<BD+DE,∴AB+AC<DB+DC故选:D.【点睛】本题主要考查三角形全等的证明,全等三角形的性质,三角形的三边关系,作辅助线构造以AB、AC、DB、DC的长度为边的三角形是解题的关键,也是解本题的难点.
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