2019—2020学年上期期末考试
高一物理 参考答案
一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）
1A 2C 3D 4B 5C 6D 7B 8A 9BC 10CD 11BD 12AB 二、实验题（本题共2小题，共14分。请按题目要求作答） 13．（1）画图1分、测量出F的大小1分
F1 3.4~3.8N
F （2）BC （2分） （3）李明 （2分） 14．（1）D F2 （2）0.26 0.50 （3）C
甲
每空2分
三、计算题（本题共4小题，共38分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位。） 15．（8分）（1）物体沿竖直方向所受合力为零。设地面对物体的支持力为FN，因此有 FN?Fsin??mg （1分）
物体运动过程中所受摩擦力f??FN??(mg?Fsin?) （1分） 根据牛顿第二定律，有Fcos??f?ma （2分） 解得 a?6.0 m/s2 （1分） 1（2）根据位移公式x?at2 （2分）
2解得t?2x2?3.0??1.0 s （1分） a6.016．（8分）(1)由题图b可知，甲车加速度的大小
a甲??v30?10? ?tt1 （1分）
乙车加速度的大小
a乙??v10? ?tt1 （1分）
a甲2? 解得
a乙1 （1分）
(2)在t1时刻，甲、乙两车的速度相等，均为v?10 m/s，此时两车相距最近，即 v?a乙t1＝30－a甲t1
（1分）
可解得t1?0.2 s （1分） 车的位移等于v－t图线与坐标轴所围的面积，有 x甲?x乙?(30?10)?0.2 m=4.0 m
（1分） 210?0.2 m=1.0 m
（1分） 2两车相距最近时的距离为
xmin?x0＋x乙－x甲?5 m 方法合理即给分
17．（10分）（1）由图象可知，a??小物块沿斜面上滑的最大距离为x?
（1分）
v?v00?4.0?? m/s2?8 m/s2 （2分） t0.5v04t??0.5 m?1.0 m （2分） 22（2）对小物块进行受力分析，如图所示。
根据牛顿第二定律有mgsin37??f?ma （1分）
y其中FN?mgcos37? v F N （1分） f??FN （1分）
f代入数据可得??0.25 （1分） （3）小物块能返回出发点。
因为当速度减为零时，重力的下滑分力G1?mgsin37??6 N
此时的最大静摩擦力fmax??FN??mgcos37??2 N （1分） 由于G1?fmax，所以小物块将沿斜面向下匀加速运动，能够返回出发点。 （1分） 18．（12分）（1）对整体由牛顿第二定律得：F1?(M?m)a1 （1分） 由牛顿第二定律得铁块受到的摩擦力为 f1?ma1 （1分）
mgx解得 f1?1.5 N； （1分） （2）铁块受到的最大静摩擦力为 f2??mg?ma2
由牛顿第二定律得铁块的最大加速度为 a2??g?2.5 m/s2， （1分） 对整体由牛顿第二定律得 F2?(M?m)a2 （1分） 解得 F2?7.5 N； （1分）
（3）由于拉力F3?12.5 N?F2，故木板铁块之间发生相对滑动，设木板的加速度为a3 由牛顿第二定律得 F3??mg?Ma3解得 a3?5 m/s2， （1分） 在力F3作用的t1?1 s的时间内，
11铁块的位移为 x1?a2t12?1.25 m，木板的位移为 x2?a3t2?2.5 m， （1分）
22 撤去拉力时，铁块的速度为 v1?a2t1?2.5 m/s，木板的速度为 v2?a3t1?5 m/s （1分） 对木板由牛顿第二定律得 ??mg?Ma4 解得 a4??1.25 m/s2 （1分） 设经时间t2达到共同速度v共，则有 v共?v1?a2t2?v2?a4t2
252 m/s，t2? s （1分） 63v?v20此过程铁块的位移为 x3?1共t2? m
29v?v55木板的位移为 x4?2共t2? m
218解得 v共?所以铁块最终静止在木板上距离木板左端有：?x?L?(x2?x1)?(x4?x3)?11 m （1分） 12
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