（1）温控开关S1断开后，电烤箱工作20min消耗的电能为多少焦耳 （2）R2的阻值；（计算结果保留一位小数）
（3）若电阻丝R2烧断，请通过计算说明能否用2根“220V 330W”的电热丝代替R2，让电烤箱恢复正常加热工作
解析：（1）5.28×10J；（2）73.3Ω；（3）若电阻丝R2烧断，可以用2根“220V 330W”的电热丝并联代替R2让电烤箱恢复正常加热工作。 【解析】 【分析】
（1）温控开关S1断开后，电路为R1的简单电路，知道电烤箱在保温状态下的功率和工作时间，根据
5
P?W求出消耗的电能； tU2（2）温控开关S1断开后，电路为R1的简单电路，根据P?求出R1的阻值；开关S闭合，温控开关
RU2S1处于闭合状态，根据P?求出总电阻，再根据并联电路的电阻规律可求得R2的阻值；
R（3）通过用两根都是“220V 330W”的电热丝串、并联替代R2来实现，由功率公式及并联电路的特点可得出是否符合要求。 【详解】 解：
（1）温控开关S1断开，此时电烤箱处于保温状态，保温功率P1＝440W， 由P?W可得，温控开关S1断开后，电烤箱工作20min消耗的电能： t5
W1＝P1t＝440W×20×60s＝5.28×10J；
（2）温控开关S1断开后，电路为R1的简单电路，电烤箱处于保温状态，
U2(220V)2U2??110?； 由P?可得R1的阻值：R?P440WR1开关S闭合，温控开关S1闭合时，两电阻并联，此时电烤箱处于加热状态，加热功率P＝1100W。
U2U2(220V)2由P?可得，总电阻R???44?，
P1100WR111111????由可得，， RR1R244?110?R2解得R2≈73.3Ω；
（3）原来R2的功率P2＝P﹣P1＝1100W﹣440W＝660W，用2根“220V 330W”的电热丝并联代替R2，并联正常工作，实际功率等于额定功率，总功率为660W，所以可以让电烤箱恢复正常加热工作；
2（220V）9680P?=?165W?，其总功率39680若用两根的电热丝R3串联后，则总电阻是，小于660W，不能
?3333正常工作；
答：（1）温控开关S1断开后，电烤箱工作20min消耗的电能为5.28×10J； （2）R2的阻值为73.3Ω；
（3）若电阻丝R2烧断，可以用2根“220V 330W”的电热丝并联代替R2让电烤箱恢复正常加热工作。 【点睛】
分清电路结构、熟练功率公式及其变形公式、欧姆定律、并联电路的特点是正确解题的关键。
23．边长为0.5m的正方体实心物块，独自放在水平地面上，对地面的压强是4×10Pa．若利用如图所示的滑轮将此物块提升到3.0m高的楼上，滑轮的机械效率是80%．忽略绳重和摩擦，求：
3
5
（1）物块受到的重力； （2）物块的密度；
（3）工人在提升物块时对滑轮做的功。
解析：（1）1000N；（2）800kg/m3；（3）750J。 【解析】 【详解】 （1）由p?F3
得物块对地面的压力：F＝pS＝4×10Pa×0.5m×0.5m＝1000N，因为实心物块独自放在水S平地面上，所以实心物块的重力：G＝F＝1000N； （2）物块的质量：
m?G1000N?=100kg， g10N/kg物块的体积：
V＝（0.5m）3＝0.125m3， 物块的密度：
??m100kg?=800kg/m3； 3V0.125m（3）有用功：
W有用＝Gh＝1000N×3.0m＝3000J， 由?=W有W总W有?100%得工人在提升物块时做的功（总功）：
3000J=3750J， 80%W总=??100%=忽略绳重和摩擦，对滑轮做的功（额外功）： W额＝W总﹣W有用＝3750J﹣3000J＝750J。 答：（1）物块受到的重力为1000N； （2）物块的密度为800kg/m；
（3）工人在提升物块时对滑轮做的功为750J。
24．如图所示，工人师傅在电动机上用2000N的力，在1min内通过滑轮组将放在大平板车上的货物在平直公路上匀速拉动50m，已知滑轮组的机械效率为60%，平板车铭牌的部分参数如表，g取10N/kg．
3
求：（1）平板车所受的摩擦力是多少？ （2）电动机的输出功率是多少千瓦？ （3）平板车的最大载货量是多少吨？
（4）要使滑轮组的机械效率再提高些，应采取的措施是？
解析：（1）3.6×103N；（2）5kW；（3）60t；（4）①在不超过最大载货量的前提下，增加货物重力从而增大车与地面的摩擦力；②减小动滑轮的重力；③减少滑轮之间的摩擦等 【解析】 【详解】
（1）W总=F×3s=2 000N×3×50m=3×105J W有=ηW总=60%×3×10J=1.8×10J 由于平板车做匀速直线运动，F=f， W有=Fs=fs，
5
5
W有1.8?105J所以摩擦力f===3.6×103N；
s50m答：平板车所受的摩擦力是3.6×103N；
W总3?105J（2）P===5000W=5kw；
t60s答：电动机的输出功率是5kw；
（3）轮与地面的接触面积为S=20×0.05m2=1m2； F=pS=7×10Pa×1m=7×10N； 7×10N合70t
平板车的最大载货量是70t-10t=60t； 答：平板车的最大载货量是60t；
（4）①在不超过最大载货量的前提下，增加货物重力从而增大车与地面的摩擦力；②减小动滑轮的重力；③减少滑轮之间的摩擦等． 五、实验题
25．在探究质量与体积的关系时，小明找来大小不同的塑料块和某种液体做实验
5
5
2
5
（1）图甲是小明在水平桌面上使用托盘天平的情景，他的错误是__________．
（2）改正错误后，小明正确操作，根据实验数据分别画出了塑料块和液体质量随体积变化的图象，如图乙所示．
①分析图象可知：同种物质的不同物体，其质量与体积的比值____（选填“相同”或“不同），物理学中将质量与体积的比值定义为密度，塑料的密度为____kg/m1．
②往烧杯内倒入10cm的液体，用天平称出烧杯和液体的总质量，天平平衡时，右盘中砝码的质量及游码的位置如图丙所示，则烧杯和液体的总质量为____g，若烧杯内液体的体积为20cm，则烧杯和液体的总质量应为_____g．
解析：称量时调节平衡螺母 相同 1.2×101 kg/m1 17.4 45.4 【解析】 【详解】
（1）天平正确的调节方法是：将托盘天平放置在水平桌面上，将游码拨至标尺左端零刻度线上；调节横梁左右两端的平衡螺母，使横梁平衡；小明错误的在称量时调节平衡螺母；
（2）①由图象可知，塑料（或液体）的质量和体积成正比，说明同种物质的质量与体积的比值相同；物理学中将质量与体积的比值定义为密度；
由塑料的质量为10g时，对应的体积为25cm1，其密度： ρ塑料==
=1.2g/cm1=1.2×101kg/m1；
1
1
②烧杯和10cm1液体的总质量： m总=20g+10g+5g+2.4g=17.4g；
由乙图象中液体可知，液体质量为20g时，体积为25cm1，液体的密度：
ρ液===0.8g/cm1，
由ρ=得，10cm液体的质量为： m液=ρ液V1=0.8g/cm1×10cm1=8g， 则烧杯的质量：
m烧杯=m总﹣m液1=17.4g﹣8g=29.4g，
根据ρ=可知，同种液体密度相同，20cm液体的质量： m液2=ρV2=0.8g/cm×20cm=16g， m总2=m烧杯+m液2=29.4g+16g=45.4g．
26．黎黎同学配制了一定浓度的盐水，帮妈妈筛选出饱满的种子，她想知道所配制出的盐水密度，就用天平和量筒来进行测量．
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（1）把天平放在水平台上，将_____ 拨到标尺左端的零刻线处后，发现天平横梁左高右低，应将_____ 向_____（选填“左”或“右”）调节，使天平平衡． （2）用调节好的天平测得空烧杯的质量m1；
（3）把实力的盐水倒入量筒中，测得盐水体积V，如图甲所示；
（4）把量筒中的盐水倒入烧杯中，测得烧杯和盐水的总质量m2，如图乙所示．根据图中数据，帮黎黎同学把表填写完整： 空烧杯的质量m/g 30 量筒中盐水的体积V/cm _____ 3烧杯和盐水的总质量m/g _____ 盐水的密度ρ/g?cm﹣3 _____ （5）以上方法测出的盐水密度值比真实值_____．（选填“偏大”或“偏小”）
解析：游码 平衡螺母 左 偏小
【解析】
(1)把天平放在水平台上，将平衡螺母拨到标尺左端的零刻度处后，发现天平横梁左高右低，应该将螺母向左调节；(4)实验中测出空烧杯的质量后,再把量筒中的盐水倒入烧杯中,测出烧杯和盐水的总质量;烧杯液体总质量m2＝50g+20g+5g+1g＝76g；
〖精选3套试卷〗安徽省黄山市2020年中考物理第三次押题试卷
