人教物理2019高考一轮选练编题（1）
李仕才
一、选择题
1、如图(甲)所示,一质量为m的物块在t=0时刻,以初速度v0从足够长、倾角为θ的粗糙斜面底端向上滑行,物块速度随时间变化的图像如图(乙)所示.t0时刻物块到达最高点,3t0时刻物块又返回底端.下列说法正确的是( BC )
A.物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量为3mgt0·cos θ
B.物块从t=0时刻开始运动到返回底端的过程中动量的变化量为-mv0
C.斜面倾角θ的正弦值为
D.不能求出3t0时间内物块克服摩擦力所做的功
解析:物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量IG=3mgt0,选项A错误;上滑过程中物块做初速度为v0的匀减速直线运动,下滑过程中做初速度为零、末速度为v的匀加速直线运动,上滑和下
滑的位移大小相等,所以有t0=·2t0,解得v=,物块从开始运动到返回底端过程中动量的变化
量为Δp=-mv-mv0=-mv0,选项B正确;上滑过程中有-(mgsin θ+μmgcos θ)·t0=0-mv0,下滑过程
中有(mgsin θ-μmgcos θ)2t0=,解得sin θ=,选项C正确;根据图像可求出物块上升的
最大位移,由动能定理求出整个过程中摩擦力所做的功,选项D错误.
2、我国的北斗卫星导航系统计划由若干静止轨道卫星、中地球轨道卫星组成，其中静止轨道卫星均定位在距离地面约为3.6×10 km的地球同步轨道上，中地球轨道卫星距离地面的高度约为2.16×10 km，已知地球半径约为6.4×10 km.则中地球轨道卫星运动的( ) A．线速度大于第一宇宙速度 B．线速度小于静止轨道卫星的线速度 C．加速度约是静止轨道卫星的2.3倍
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4
1
D．加速度约是静止轨道卫星的2.8倍 Mmv
解析：选C.根据G2＝m得，v＝
rr
2
GM
，因为中地球轨道卫星的轨道半径大于第一宇宙速度的轨r
道半径，则中地球轨道卫星的线速度小于第一宇宙速度；中地球轨道卫星的轨道半径小于静止轨Mm
道卫星的轨道半径，则线速度大于静止轨道卫星的线速度，故A、B错误．根据G2＝ma得，加速
rGM
度a＝2，中地球轨道卫星的轨道半径大约是静止轨道卫星轨道半径的0.66倍，则加速度约为静
r止轨道卫星的2.3倍，故C正确，D错误．故选C.
3、2018山东省枣庄八中期中）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ） A. 亚里士多德首先提出了惯性的概念
B. 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法
C. 牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证
D. 力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“【答案】B
”是导出单位
4、质量为m、电荷量为q的微粒，以速度v与水平方向成θ角从O点进入方向如图所示的正交的匀强电场(场强大小为E)和匀强磁场(磁感应强度大小为B)组成的混合场区，该微粒在电场力、洛伦兹力和重力的作用下，恰好沿直线运动到A，重力加速度为g，下列说法中正确的是( )
A．该微粒一定带正电
B．微粒从O到A的运动可能是匀变速运动
2
C．该磁场的磁感应强度大小为D．该电场的场强为Bvcos θ
mg
qvcos θ
解析：选C.若微粒带正电，电场力水平向左，洛伦兹力垂直OA斜向右下方，则电场力、重力、洛伦兹力不能平衡．若微粒带负电，符合题意，A错误；微粒如果做匀变速运动，重力和电场力不变，而洛伦兹力变化，微粒不能沿直线运动，与题意不符，B错误；由平衡条件得：qvBcos θ＝mg，qvBsin θ＝qE，知C正确，D错误．
5、扫描隧道显微镜(STM)可用来探测样品表面原子尺度上的形貌.为了有效隔离外界振动对STM的扰动,在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板,并施加磁场来快速衰减其微小振动,如图所示.无扰动时,按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场;出现扰动后,对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是( A )
解析:紫铜薄板上下振动时,方案B,C,D中穿过薄板的磁通量不发生变化,没有感应电流产生;方案A中,无论是上下还是左右振动,薄板中的磁通量都会发生变化,产生的感应电流会阻碍紫铜薄板上下及其左右振动,达到衰减的效果,选项A正确.
6、质量为0.8 kg的球固定在支杆AB的上端，支杆AB的下端固定在升降机上，今用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，如图所示，已知绳的拉力为6 N，g取10 m/s，则以下说法正确的是( )
2
A．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为6 N B．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为8 N
C．若升降机是加速上升，加速度大小 5 m/s，则AB杆对球的作用力大小为65 N D．若升降机是减速上升，加速度大小 5 m/s，则AB杆对球的作用力大小为65 N
解析：选C.A、B若升降机是静止的，球静止，处于平衡状态，由平衡条件可知，杆的作用力大小：F绳子＋mg＝6＋0.8×10 N＝10 N，故AB错误；C、若升降机加速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：Fy－mg＝ma，解得：Fy＝12 N，在水平方向，由平衡条件得：Fx＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝Fx＋Fy＝65 N，故C正确；D、若升降机减速上升，对球，在
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【高考推荐】2020-2021高考物理一轮选练编题(1)(含解析)新人教版
