湖南省长沙市2019-2020学年中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格长度为2 cm，当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，使杠杆在水平位置平衡，若弹簧拉杠杆的力为动力，重物拉杠杆的力为阻力，则下列说法正确的是
A．动力臂为0.08 m C．此时为省力杠杆 D 【解析】 【详解】
B．弹簧测力计的示数为4.4 N D．物体重力为2.4 N
A、当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，根据三角几何关系（勾股定理）可知此时动力臂等于
11OA=?4?2cm=4cm，故A错误； 22B. 由图中弹簧测力计分度值为0.2N，指针在3.6处，所以弹簧测力计的示数为3.6N，故B错误； C. 阻力臂的大小：L2?3?2cm=6cm＞L1，所以杠杆为费力杠杆，故C错误； D. 根据杠杆的平衡条F1L1?F2L2得:G?F1L13.6N?4cm?=2.4N，故D正确。 L26cm2．在“探究液体压强”的实验中，小丽将压强计的探头放在水中，情景如图所示．关于此实验下列说法中错误的是
A．若增大橡皮膜到容器底部的距离，可以使U形管左右两侧液面的高度差增大
B．将压强计的探头在原位置转动，改变橡皮膜的朝向，U形管左右两侧液面的高度差不变 C．U形管左右两侧液面的高度差能反映探头上橡皮膜所受液体压强的大小
D．将压强计的探头放入浓盐水中，不改变探头所处深度，可以使U形管左右两侧液面的高度差增大
A 【解析】 【详解】
A、若增大橡皮膜到容器底部的距离，可以使U型管左右两侧液面的高度差减小，故A错误，符合题意； B、同一液体，在同一深度，向各个方向的压强相等，将压强计的探头在原位置转动，改变橡皮膜的朝向，U型管左右两侧液面的高度差不变，故B正确，不符合题意；
C、U型管中两个液面的高度差体现了探头处所受压强的大小，液面高度差越大说明探头处受到的液体压强越大；故C正确，不符合题意；
D、将压强计的探头放入浓盐水中，液体密度变大，不改变探头所处深度，即h不变，根据p＝ρgh可知，可以使U型管左右两侧液面的高度差增大，故D正确，不符合题意． 3．下列有关热值内能、比热容和热机效率的说法中，正确的是 A．燃料的热值越大，内燃机的热机效率越高 B．热机所用燃料的化学能转化的内能越多效率越高
C．为了防止热机过热，通常用水来降温，是利用水的比热容大的特性 D．物体的温度越高，内能越大 C 【解析】 【详解】
A、用热值大的燃料，燃烧相同燃料可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量的比值不一定大，热机效率不一定得到提高，故A错误； B、热机效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出能量的比值，故B错误；
C、水的比热容较大，与其他物质相比，相同质量、升高相同温度的情况下，吸热的热量较多，所以用水来降温，故C正确；
D、物体的内能与物体的质量和温度都有关系，温度高，内能不一定大，故D错误。 4．下列实验的操作中，正确的是
A．使用测电笔辨别火线和零线时，手一定要接触笔尾的金属体 B．在连接电路的过程中，必须从电源的正极开始接线 C．在用实验室温度计测液体的温度时，一定要取出来读数 D．使用弹簧测力计测力时必须竖直方向拉，不能倾斜拉 A 【解析】 【详解】
A、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，用笔尖接触被检验导线，才能辨别火线和零线，故A正确；
B、电路连接时可以从正极开始，也可以从负极开始，故B错误；
C、使用实验室用的温度计测量液体温度，读数时温度计的玻璃泡要继续留在液体中，不能取出来读数，故C错误；
D、弹簧秤使用时可以是竖直放置，也可以倾斜使用，只要拉力和弹簧测力计的外壳保持平行即可，故D错误。 故选A。
5．如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（ ）
A．灯泡L变亮 B．电压表示数变大 C．电流表A1示数变小 D．电路消耗的总功率变大 D 【解析】
由图可知电压表测电源电压，滑动滑片时电压表示数不变，B错；电流表A1测干路电流，当滑片左移时，滑动变阻器阻值变小，又滑动变阻器和灯泡并联，所以电路总电阻变小，则干路电流变大，即A1示数变大，
U2C错；由P=UI可知总功率变大，D对；灯泡并联在电源两端，由P?可知灯泡消耗功率不变，其亮度
R不变，A错．故选D .
点睛：对于动态电路分析，关键点是分析清楚电路连接情况，各电表测量的物理量． 6．在下述应用中，没有利用大气压的是 A．塑料挂衣钩吸在玻璃上 B．用塑料管把汽水从瓶中吸进嘴里 C．用胶水把邮票贴在信封上 D．打针前把药液吸进针管里 C 【解析】 【分析】
利用大气压往往是物体的一个位置和空气接触，另一个位置没有空气或空气减少．大气压强是由于空气具有重力和流动性而产生的，由此就能判断出生活中大气压存在和应用的一些现象．
【详解】
A. 挂钩与墙壁紧密接触则挂钩内部无空气，故外部大气压产生了对挂钩的压力，是利用大气压作用，故本选项不符合题意；B. 用吸管吸汽水时，口腔内气压小于汽水瓶中的气压，在大气压的作用下，把汽水压入口内，这是用到了大气压的缘故，不符合题意；C. 用胶水把邮票贴在信封上，是利用胶水的粘度，与大气压无关，故本选项符合题意；D. 打针前把药液吸进针管里用到了大气压，故本选项不符合题意；故选C.
7．小明学习了汽化和液化后，对书本练习的第4题感到疑问，于是他回家动手实验，发现水烧开了可纸杯却没有着火．关于纸杯没有烧着，以下解释正确的是
A．纸的着火点高于火焰温度 B．纸的着火点低于水的沸点 C．水的沸点高于火焰温度 D．水的沸点低于纸的着火点 D 【解析】
纸的燃点大约是180℃左右，而水在100℃时沸腾．当纸杯里面装了水，用火焰加热纸杯底部时，纸杯吸热升温，并迅速把热量传递给水．当纸杯里的水吸热升温至沸点时，水开始沸腾．这时，继续加热纸杯，水温却不再升高．所以，只要纸杯中有水，纸就不能达到燃点而燃烧了． 故选D．
【点睛】此题考查了水的沸点和纸的着火点，要注意液体沸腾时要不断从外界吸热，而温度不变． 8．2018年，平昌冬奥会闭幕式的“北京8分钟”惊艳了全世界，在美轮美奂的光影中，冰上少年与智能机器人随音乐共舞，20多名机器人动作整齐划一，精准优美，和炫舞少年相得益彰，关于正在表演的机器人和冰上少年，下列说法正确的是
A．机器人在弯道滑行时，运动状态不发生改变 B．机器人在冰面上运动时，不受力的作用
C．相对于看台上的观众，滑行中的机器人是运动的 D．相对于自己的溜冰鞋，滑行中的少年是运动的 C 【解析】
A. 机器人在弯道滑行时，运动方向发生改变，即运动状态发生改变，故A错误；B. 机器人在冰面上运动时，受重力的作用，故B错误；C. 相对于看台上的观众，滑行中的机器人位置发生变化，是运动的，故C正确； D. 相对于自己的溜冰鞋，滑行中的少年位置不变，是静止的，故D错误．故选C.
点睛：1. 运动状态的改变包括速度大小和方向的改变；2.地球表面的一切物体都受重力作用；3.判断物体运动还是静止，取决于所选的参照物，若相对于参照物，位置没有改变，则为静止；若相对于参照物，位置发生改变，则为运动．
9．如图所示，电源电压恒定，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，已知：R＞R0，在滑动变阻器的滑片P移动过程中，下列表示两电表读数I、U及R0和R消耗的电功率P0和PR分别随变阻器连入电路部分R的阻值变化的关系图线中，可能正确的是
A． B．
C． D．
D 【解析】 【详解】
由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流：I?U，据此可知，因U、R0
R0?R不变，电流I随R增大而减小，且变阻器接入阻值越来越大时，电路中的电流减小得比较缓慢，故A错误；
电压表的示数：
U＝IR＝UU?R＝R0，所以，U一定，且R越增大时，电压表的示数越来越接近R0?R?1R电源的电压（即电压表示数应增大得越来越缓慢），故B错误；
R0消耗的功率：P0＝I2R0，则P0与I是二次函数关系，图象应该是抛物线的一段（即曲线的一段），但图C中P0﹣R的图象是一次函数，故C错误；
2UU2URURUR)R＝R消耗的功率：PR＝I2R＝(＝＝＝(R0?R)；222R0?R?4R0(R0?R)?4R0R(R0?R)(R0?R)R222当R＝R0时，PR有最大值；由上面关系式可知，PR先随R的增大而增大，PR达到最大值后，PR随R的增大而减小，故D正确．
10．下列现象中，利用了大气压作用的是（ ） A．用吸管吸饮料
C．火箭喷射高温燃气而升空 A 【解析】 【分析】 【详解】
A．用吸管吸饮料时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管，符合题意； B．注射器是在人的推力的作用下把药液注入肌肉的，不符合题意； C．火箭向下喷射高温燃气产生向上的推力，与大气压无关，不符合题意； D．热气球升空是因为它受到竖直向上的浮力大于竖直向下的重力，不符合题意； 故选A．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．额定电压为8 V的灯泡L接在如图甲所示的电路中，电源电压12 V，图乙是滑动变阻器的滑片从A点向最右端移动过程中电压表示数与滑动变阻器阻值之间的变化关系图象，在滑片移动过程中下列说法正确的是：
B．用注射器把药液注入肌肉 D．将热气球放上天
A．灯泡的额定功率为8 W B．电流表的最大示数为1 A C．灯泡的电阻始终不变 D．整个电路的最大电阻为20 Ω AB 【解析】 【详解】
由电路知道，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。由于串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压UL =8V时，电压表的示数是：U滑=U-UL =12V-8V=4V，由图乙知道，此时滑动变阻器接入电路中的电阻是R滑 =4Ω，又因为串联电路中各处的电
U滑4V= =1A，即电流表的最大示数为1A，此时灯泡的流相等，所以，此时电路中的最大电流是：I?R滑4Ω1A=8W，此时灯泡的电阻是：RL?额定功率是：PL =UL I=8V×
UL8V??8? ，故AB正确； I1A由图乙知道，当电压表的示数U滑′=8V时，接入电路中的电阻R滑′=12Ω，此时灯泡两端的电压：UL′=U-U
U滑?UL?= ，由此解得，RL′=6Ω，由于RL ≠RL′，所以，滑′=12V-8V=4V，此时电路中的最大电流是：I????R滑RL灯泡的电阻是变化的，故C错误；
当滑片在最左端时，滑动变阻器的电阻最大，此时滑动变阻器两端的电压最大，由图乙知道，此时最大电压是8V，电阻是R最大=12Ω，由串联电路电压的规律知道，灯泡两端的电压是4V，即灯泡的电阻是6Ω，即整个电路的最大电阻为12Ω+6Ω=18 Ω，故D错误。
12．1800年，意大利科学家伏打在实验中发现，在一个装有硫酸溶液烧杯中，把一个铜板和一个锌板作为电极插入硫酸溶液中，在铜板和锌板之间接入一个小灯泡，小灯泡发光．此装置就是一个电池，叫做伏打电池．用电压表可以测出伏打电池的电压，如图所示．关于伏打电池，下列所提出的问题中属于可探究的科学问题的是
A．伏打电池的电压与电极的材料有关 B．伏打电池与现在电池无关
C．改变电极间的距离，电池的电压会改变 D．伏打电池就是现代使用的蓄电池 AC 【解析】 【分析】
科学问题是指能够通过收集数据而回答的问题．一般而言，可以探究的科学问题描述的是两个或多个变量之间的关系． 【详解】
在关于伏打电池中，可探究的是电压与电极的材料、电压的大小、改变电极间的距离、硫酸溶液的浓度等因素是否有关． 故选AC． 【点睛】
从实际的角度能选出可探究的科学问题是解决该题的关键．
13．如图所示，有关甲、乙、丙、丁四个实验装置，下列说法中正确的是
A．甲图是研究电磁感应现象的
B．乙图说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数多少有关 C．丙图是发电机的原理图 D．丁图说明通电导线周围存在磁场 ABD 【解析】 【详解】
A.导体切割磁感线产生电流是电磁感应现象，故A正确；
B.由图可知线圈匝数越多，吸引的铁钉越多，说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数多少有关，故B正确； C. 丙图通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的原理图，故C错误；
D. 丁图装置为奥斯特实验装置，通电导体会使小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故D正确。 三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．科学家对人类文明进步和社会发展做出了重要贡献，为了纪念在物理学中做出过杰出贡献的科学家，有时会以他们的名字作为物理定律的名字，请你写出两位在电学中以他们的名字被用作物理定律名称的物理学家：_____、_____． 欧姆；焦耳 【解析】
试题分析：根据课本中涉及到的电学方面做出杰出贡献的物理学家列出即可．（1）欧姆在研究电流、电压、电阻的关系时，发现了著名的欧姆定律，做出了杰出贡献；欧姆是电阻的单位；（2）焦耳在研究电流产生的热量与什么因素有关时，发现了著名的焦耳定律，做出了杰出贡献；焦耳是电能的单位；（2）牛顿对力与运动作出重大贡献，发现了牛顿第一定律；牛顿是力的单位．故答案为欧姆定律，电阻； 或焦耳定律，电能； 或牛顿第一定律，力．（三个答案任选一个） 考点：物理常识．
15．如图是“神州十号”宇宙飞船与“天宫一号”空间站交会对接时的情景，航天员看到“天宫一号”纹丝不动，地球在缓缓转动，则航天员选择的参照物是_____。此时地面控制中心和航天员之间的信息通过_____来传递的。
宇宙飞船 电磁波
【解析】 【详解】
“神州十号”宇宙飞船与“天宫一号”空间站交会对接成功后，“天宫一号”和“神舟十号”飞船的位置不变，“神舟”飞船内的航天员看到“天宫一号”纹丝不动，航天员选择的参照物是宇宙飞船；航天员与地面控制中心之间的信息交流靠电磁波传递的。
16．小芳站在穿衣镜前1 m处，镜中的像与她相距_______；若她远离平面镜0.5 m，则镜中像的大小会________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 2 不变 【解析】
根据平面镜成像特点可知，像和物距离平面镜的距离是相等的，物到像的距离是物到平面镜距离的两倍，因为小明距平面镜的距离是1m，像与他之间的距离是
；平面镜所成的像与物体是等大的，
当人远离平面镜时，视觉上感觉像在变小，但实际上像的大小并没有变．所以若他远离平面镜后退0.5m，他在平面镜中像的大小不变． 故答案为：2m；不变．
【点睛】人的视觉感觉总是近大远小，即离像近感觉大，离像远感觉小，像的真实大小总与物相同。 17．根据图甲、乙、丙演示的实验现象，请你分别写出对应的物理知识：
图甲滚摆实验，说
明_____可以相互转化；图乙中小明和小华认为火车的运动情况不同，说明_____；图丙这个实验是通过观察_____来比较燃料的热值．
动能与重力势能可以相互转化 运动和静止具有相对性 温度计的示数高低 【解析】 【详解】
(1)图甲的滚摆实验中，重力势能减小时，动能增加，相反，动能减小时，重力势能增加，二者可以相互转化；这说明动能与重力势能可以相互转化；
(2)图丙小明和小华认为火车的运动情况不同，是因为它们选择的参照物不同，说明物体的运动和静止是相对的；
(3)为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断燃料的热值大小，
18．已知水的比热容为4.2×103J/（kg?℃），其表示的物理意义是___________，天然气的热值为4.0×107J/m3，若完全燃烧0.02m2的天然气所放出的热量，能使5L水温度升高20℃，则此天然气灶的热效率为_______。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
1kg的水温度升高（或降低）1℃时所吸收（或放出）的热量为4.2×103J 52.5% 【解析】 【详解】
103J/（kg?℃）水的比热容是4.2×，它表示的物理意义是：1kg水温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）103J， 的热量是4.2×
10-3m3， 水的体积V＝5L＝5dm3＝5×
103kg/m3×5×10-3m3＝5kg， 水的质量：m＝ρ水V＝1.0×
103J/（kg?℃）×5kg×20℃＝4.2×105J； 水吸热的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×消耗天然气的体积V气＝0.02m3，
4.0×107J/m3＝8×105J， 天然气完全燃烧放出的热量：Q放＝V气q＝0.02m3×
Q吸4.2?105J=×100%＝52.5%。 天然气灶的效率：η＝5Q放8?10J四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图所示，某薄壁柱状容器底面积为100cm2，容器内装有足量的水。把圆柱体A放入水中，A竖直漂浮且露出水面的高度为4cm，浸入水中深度为16cm，容器中液面上升了8cm（水未溢出）；B是底面积与A相同、高为8cm的另一圆柱体已知ρ水＝1.0g/cm3，g取10N/kg。求：
A放入前后水对容器底压力的变化量。若圆柱体A竖放在地面，A对地面的压强。把
B放在A的上面，要保证A不触底（水未溢出），则B的最大密度是多少。 （1）8N；（2）1600Pa；（3）1.5×103kg/m3 【解析】 【详解】
（1）A放入后水对容器底压强的变化量：△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa，由p=可得，水对容器底压力的变化量：△F=△pS=800Pa×100×10-4m2=8N；
（2）A放入容器内排开水的体积：V排=S△h=100×10-4m2×0.08m=8×10-4m3；则圆柱体A的底面积：SA=
=
=5×10-3m2，因圆柱体A在水中漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，GA=F浮A=ρ水gV排
=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10-4m3=8N，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，圆柱体A竖
放在地面时对地面的压强：pA===1600Pa；
（3）当AB浸没且A不触底时，B的质量最大，则B的密度最大，此时AB排开水的总体积：V′排=S(hA
浸
+hA露+hB)= 5×10-3m2×(0.16m+0.04m+0.08m)=1.4×10-3m3，AB整体悬浮时受到的浮力等于A和B的总
重力：GAB=F浮总=ρ水gV′排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.4×10-3m3=14N，则B圆柱体的重力：
GB=GAB-GA=14N-8N=6N，B圆柱体的体积：VB=ShB=5×10-3m2×0.08m=4×10-4m3，由G=mg=ρgV可得，B的最大密度：ρB=
=
=
=1.5×103kg/m3。
20．小明在桌面上放置一个质量为m、底面积为S的硬币，并沿图中箭头所示方向吹气时，发现有几次硬币竟然“起飞”了。通过课本知识的学习，小明知道了产生这一现象的原因：通过硬币上部的空气流速大、压强小，而硬币下面没有气流通过，从而对硬币产生了压力差，给了硬币向上的动力。请你解答如下问题：刚好将硬币吹起时，硬币上、下表面的压力差应为多大？若实验时空气密度为ρ0，请推导出刚好将硬币吹起时吹气速度v0的表达式。
（1）mg；（2）v0?【解析】 【分析】
2mg ρ0S根据题中“发现有几次硬币竟然“起飞”了，……小明知道了产生这一现象的原因……请你解答如下问题”可知，本题考查用物理规律解释生活现象。根据流体压强与流速的关系，对硬币进行受力分析，由平衡条件列方程，然后求解。 【详解】
解：（1）刚好将硬币吹起时，可看作硬币受到平衡力的作用，硬币下、上表面的压力差为mg。
（2）刚好将硬币吹起时，硬币上方的压强为：p上?C?刚好将硬币吹起时，硬币下方的压强为：p下?C 依据题意有：（p下-p上）S=mg 进一步整理得：
12 ρ0v0212ρ0v0S?mg 22mg ρ0S可得硬币吹起时，吹气速度v0的表达式为：v0?21．如图所示，一实心正方体铝块浸没在密度为1．9×113kg/m3的油中，其质量为2．7kg，上表面与液面相平行，上、下表面的深度分别为h1和h2，且2h1=h2=21cm，求：
（1）铝块上表面处的液体压强；
（2）若使铝块在图示位置处于静止状态，还应使其在竖直方向受到一个多大的力；
113kg/m3的合金制成，且处于悬浮状态，则该正方体空心部分体积（3）若图中正方体是由密度为3．6×是多少？
11﹣4m3 （1）911Pa；（2）18N；（3）4．5×
【解析】试题分析：（1）由图示可知，铝块上表面所处的深度：h1=11cm=1．1m，所以可得铝块上表面处113kg/m3×11N/kg×1．1m=911Pa；的液体压强：p1=ρgh1=1．9×（2）正方体的边长：L=h2﹣h1=1．2m﹣1．1m=1．1m，正方体铝块的体积：V=L3=（1．1m）3=11﹣3m3，正方体铝块浸没时受到的浮力：F浮=ρgV
排
=ρgV=1．9×113kg/m3×11N/kg×11﹣3m3=9N，因铝块静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力，所以，施
11N/kg﹣9N=18N，即施加竖直向上18N的力；加的力：F=G﹣F浮=mg﹣F浮=2．4kg×（3）合金处于悬浮m′=G′/g=F浮/g=9N/11N/kg=1．9kg，状态时受到的浮力和自身的重力相等，则合金的质量：根据公式ρ=m/V113kg/m3=2．5×11﹣4m3，空心部分的体积：V空=V﹣可得，正方体中合金的体积：V′=m′/ρ′=1．9kg/3．6×V′=11﹣3m3﹣2．5×11﹣4m3=4．5×11﹣4m3。 【考点定位】压强和浮力
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图所示，B为隧道中的一堵墙，墙的左侧有一激光器S，发出一束激光经平面镜MN反射后恰好经过A点，请根据平面镜成像特点画出符合要求的入射光线和反射光线．
见解析所示
【解析】
试题分析：先画垂直于MN的虚线，再量出与S到MN的距离，在MN的另一侧做同等距离在垂线上的虚像S’，连接S’和A与MN相交于O点，连接OS，这就是平面镜成像原理图。 考点：平面镜成像原理
点评：对于此类试题，学生应把握虚像的位置以及平面镜成像的路线图
23．如图所示，小磁针静止在通电螺线管的正上方，在图中标出电源的正、负极和通电螺线管的N极和S极．
见解析所示 【解析】
小磁针静止时N极向右，则由同名磁极间相互排斥、异名磁极间相互吸引可知螺线管右侧为S极，左侧为N极；由右手螺旋定则可知电流由左侧流入螺线管，即电源左侧为正极；如下图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在测量小灯泡电功率的实验中电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V小灯泡正常发光时的电阻约为10Ω；
①请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整要求：当滑动变阻器的滑片向右移动时连入电路的电阻变大，连线不得交叉； （_________）
②闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应移至_____（选填“A”或“B”）端；
③小宇同学闭合开关移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为_____V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片P向_____（选填A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V
④小宇同学继续移动滑片P记下多组对应的电压表和电流表的示数并绘制成图丙所示的I﹣U关系图象，
根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是_____W，还可以得出：小灯泡的实际功率随电压的增大而_____（选填“增大”、“减小”或“不变”）．
⑤经过多次测量和比较，发现小灯泡的电阻不是一个定值，其可能的原因是_____，正常发光时的电阻是_____Ω
⑥小勇同学在实验中连接好电路，闭合开关移动滑动变阻器的滑片P发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是_____（写出一种即可）．
B 2.2 A 0.5 增大 灯泡的电阻随温度而变化 12.5
灯泡断路 【解析】 【详解】
①滑动变阻器的滑片向右移动时连入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中； 小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡正常发光时的电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
I?U2.5V?=0.25A ,故电流表选用小量程与灯串联，如下所示： R10Ω
②闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应移至阻值最大处的B端；
③灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，故滑片向A移动，使电压表的示数为2.5V；
④根据绘制成图丙所示的I﹣U关系图象知，灯在额定电压下的电流为0.2A，可计算出小灯泡的额定功率是：P?UI? ＝2.5V×0.2A＝0.5W；由图知，通过灯的电流随电压的增大而变大，根据P＝UI，还可以
得出：小灯泡的实际功率随电压的增大而增大；
⑤经过多次测量和比较，发现小灯泡的电阻不是一个定值，其可能的原因是灯的电阻随温度的变化而变化，由欧姆定律，正常发光时的电阻是：RL?U2.5V?=12.5Ω ； I?0.2A⑥小勇同学在实验中连接好电路，闭合开关移动滑动变阻器的滑片P发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是灯泡断路．
25．小刘利用如图所示的实验装置探究平面镜成像的特点。请按要求回答
下列问题:实验中，使用薄透明平板玻璃代替平面镜，这样做的目的是________。在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖直放置一块薄透明平板玻璃。把蜡烛 A 放在平板玻璃的前面，再拿一支外形与 A 相同的蜡烛 B 放在平板玻璃后面移动。透过平板玻璃观察蜡烛 B，直到从多个角度看上去都跟蜡烛 A 的像________，此位置即为像的位置。蜡烛 A 经平板玻璃所成的像是____像。（选填“虚”或“实”）将蜡烛 A 向靠近平板玻璃的方向移动时，像的大小____。（选填“变大”、“不变”或“变小”）小刘在经历了平面镜成像的探究过程后，对小轿车的前挡风玻璃一般都是倾斜的这一设计有了进一步的认识。下列关于小轿车挡风玻璃设计的优点分析合理的是____ （多选） A．可以减少空气阻力
B．车内景物通过前挡风玻璃所成的虚像成在驾驶员的斜上方，避免与前方景物混淆，干扰司机判断 C．让小轿车高速行驶时，减小空气升力，抓地更稳 便于确定像的位置 完全重合 虚 不变 AB 【解析】 【详解】
（1）薄透明平板玻璃能在看到像的同时，还能看到玻璃后面的物体，这样用蜡烛B在玻璃后面移动时才能看见蜡烛B，进而才能用蜡烛B找到蜡烛A的像的位置。
（2）蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，说明蜡烛A的像就在蜡烛B的位置。 （3）本实验中玻璃板为平面镜，平面镜成像是由于光的反射形成的虚像。
（4）平面镜成的像，大小与物体相等。不管物体靠近还是远离平面镜，只要物体大小不变，则像的大小就不变。
（5）A. 小轿车的前挡风玻璃倾斜，这样可以减小空气对轿车的阻力，故A正确；
B. 当车外光线比车内光线暗时，轿车的前挡风玻璃相当于镜面，会成车内物体的像，由于平面镜成的像与物体关于镜面是对称的，所以，倾斜的挡风玻璃能够使镜中的像上移，避免与前方景物混淆，从而避免干扰司机判断，故B正确；
C. 倾斜的挡风玻璃会使得车身上凸下平，在小轿车高速行驶时，会由于车身上表面空气流速大而压强小，下表面空气流速较小而压强大，从而产生向上的“升力”，减小抓地力。故C错误。
26．小明想测量标有“3.8V”字样的小灯泡的额定电功率，于是连接了如图所示的实验电路．电源电压6伏恒定不变，滑动变阻器规格为“50Ω 1A”．
（1）用笔画线代替导线，将电路连接完整． （______）
（2）正确连接电路，闭合开关，发现小灯泡不亮．小明观察到两电表的示数情况是_____，由此判断故障是小灯泡断路．
（3）排除故障后，小明进行了正确操作，观察到的现象和测得的数据如下： 实验次数 发光情况 电压U/V 电流I/A 1 很暗 1 0.20 2 较暗 2 0.22 3 较亮 3 0.25 4 亮 3.8 0.30 5 很亮 4.5 0.34 由表中数据可得，小灯泡的额定功率是_____W；根据表格中的数据你还可得出的结论是_____（写出一点）． （4）小明根据表中数据，计算了各次实验的灯丝电阻，分析后认为，闭合开关前灯丝的阻值小于5欧姆，小明的理由是_____．
电流表无示数，电压表示数接近电源电压1.14灯的实际功率越大，
灯越亮在第1次实验中，灯丝电阻为5Ω，没用通电时，温度更低，所以电阻会更小 【解析】 【详解】
（1）将开关与小灯泡右接线柱相连，如图所示：
（2）由题意可知，正确连接电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，判断故障是小灯泡断路，电流表无示数，则电压表串联在电路中测电源电压，电压表示数接近电源电压；
（3）由图表可知，小灯泡的额定电压U＝3.8V，额定电流I＝0.30A， 小灯泡的额定功率：PL＝ULIL＝3.8V×0.3A＝1.14W；
根据P＝UI，灯的实际功率分别为：0.20W、0.44W、0.75W、1.14W、1.53W，根据对应的发光情况，可得出的结论是：灯的实际功率越大，灯越亮； （4）在第1次实验中，由欧姆定律，灯丝电阻：RL＝
UL1V=＝5Ω，没通电时，温度更低，因小灯IL0.2A泡灯丝电阻随着温度降低而减小，所以电阻会更小，故闭合开关前灯丝的阻值小于5Ω．
2019-2020学年中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格长度为2cm，当弹簧测力计在A点斜向上（与水平方向成30°角）拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，测力计的示数为3N．下列说法正确的是
A．动力臂为OA，大小为8 cm B．此时为省力杠杆 C．钩码总重为2 N
D．若改为竖直向上拉A点，则为了保持杠杆水平位置平衡，测力计的示数应大于3N
2．如图所示的电路中，电阻阻值R1＞R1．开关S闭合后，电阻R1、R1两端的电压分别为U1、U1，通过两个电阻的电流分别为I1、I1．下列判断正确的是
A．U1＞U1 B．U1＜U1 C．I1＜I1 D．I1＞I1
3．如图所示是探究“电流与电阻的关系”实验电路图，电源电压保持3 V不变，滑动变阻器的规格是“10 Ω 1 A”。实验中，先在a、b两点间接入5 Ω的电阻，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2 V，读出并记录下此时电流表的示数。接着需要更换a、b间的电阻再进行两次实验，为了保证实验的进行，应选择下列的哪两个电阻( )
A．10 Ω和40 Ω B．20 Ω和30 Ω C．10 Ω和20 Ω D．30 Ω和40 Ω
4．一位“法师”在铺有塑料地毯的舞台上表演不怕电的“功夫”，他将一盏普通白炽灯泡接到两导线头A、B之间，灯泡正常发光；随后将灯取下，“法师”两手分别抓住两导线头A、B，如图所示，其助手用测电笔分别测试A、B及“法师”的皮肤，发现测电笔的氖管都发光，对此表演的合理解释是
A．“法师”有特异功能，确定不怕电 B．“法师”的两手均戴有特制绝缘手套 C．在人、灯交替过程中，助手将零线断开了 D．在人、灯交替过程中，助手将火线断开了
5．近期流行的“自拍神器”给旅行者自拍带来了方便．如图所示，与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以
A．增大物距 B．增大像距 C．增大人像的大小 D．减小取景范围
6．对物理量的估测，是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一．下面是王宇同学的一些估算值，你认为符合实际的是 A．物理课本的宽度大约为18cm
B．公路上汽车的正常行驶速度大约为360km/h C．一个鸡蛋的重力大约为10N D．电热水壶的功率大约为50W
7．如图，为探究能量转化，小明将小铁块绑在橡皮筋中部，并让橡皮筋穿入铁罐、两端分别固定在罐盖和罐底上．实验装置做好后让它从不太陡的斜面上滚下，发现橡皮筋被铁块卷紧了，接着铁罐居然能从斜面底部自动滚上去!以下有关能量转化的判断，正确的是（ ）
A．铁罐在斜面上从最高处滚到最低处，主要是重力势能转化为动能 B．铁罐在斜面上从最高处滚到最低处，主要是弹性势能转化为动能
湖南省长沙市2019-2020学年中考物理二模试卷含解析【加5套中考模拟卷】
